Question

我试图在我的应用中传递一个完整的全长/结构URL作为应用程序URL中的参数。例如，我希望能够做到这样的事情： myapp.com/https://www.youtube.com/watch?v=dQw4w9WgXcQ这样我就可以在我的应用主页后面输入并存储它。但是，我认为当粘贴的URL包含片段和查询参数时，应用程序会变得混乱（即：包含＃和/或？）我的urls.py看起来像这样：

url(r'^(?P<url_param>[a-zA-Z0-9_.-/:?=#]*)/$', views.anywebsiteentered, name='anywebsiteentered')

当我尝试编写一个如下所示的视图来获取输入的URL并将其保存在模型对象中时，我总是在查询和片段字符之前截断URL，我可以做什么以便我的应用程序选择整个URL字符串？

def anywebsiteentered(request, url_param = 'url_param'):
    UrlBlob.objects.create(fullurl=url_param)

例如，如果我的应用位于myapp.com/https://www.youtube.com/watch?v=dQw4w9WgXcQ，则创建的上述对象仅返回https://www.youtube.com/watch而不是URL的查询部分。我怀疑这是我在传递URL时所做的事情，因为当我在python-django shell中手动创建这个模型对象时，根本没有任何问题。

感谢您提供任何帮助和提示。对此，我真的非常感激。

Answer 1

如果你需要在另一个网址的“路径”区域使用某个网址，你应该逃避它的特殊字符。例如，使用％3F代替“？”。它被称为url escaping。

为了您的目的，最好将url作为参数传递：

myapp.com/?url=http://www.youtube.com/watch?v=dQw4w9WgXcQ

- 在这种情况下，浏览器将进行必要的转义。

Answer 2

您可以从request.META获取查询字符串：

def anywebsiteentered(request, url_param='url_param'):

    full_url = url_param
    query_string = request.META['QUERY_STRING']
    if query_string:
        full_url += u'?' + query_string

    UrlBlob.objects.create(fullurl=full_url)

Django：如何将整个URL作为参数传递到应用程序URL中？

2 个答案: