Question

我试图创建一个列出多个项目的网页（我将其称为列表页面），点击后会生成一个特定的网页（我将其称为项目页面）并检索数据从SQL数据库中的一个条目。我是网络编程的新手，并不完全了解如何实现这一目标。

要检索数据，我有：

function returnData($dataID){
    $specific = $mysqli->query("SELECT * FROM USERS where First ='$dataID'");
    while($rows = $resultSet->fetch_assoc())  //grabs and puts in assoc array
        {
            $a = $rows['First'];
            $b = $rows['Second'];
            $c = $rows['Third'];
              return $b;
        }
}

我立即返回，因为我只是在测试并且在数据库中只有唯一的条目。我计划在另一个PHP页面中调用此函数，为了我的目的，我认为这是我的＆＃34;索引＆＃34; （标题，索引，页脚设置中我称之为项目页面的内容）。我相信我需要以这样的方式使用GET：

if(!empty($_GET['action'])){
        $action = $_GET['action'];
        $action = basename($action);
        include("$action.htm");
    }

在列表页面上，我是否必须将每个可点击链接引用到＆＃34;？action = id＆＃34;？尝试通过地址栏访问链接时出现404错误，单击它无效。我不允许以这种方式联系吗？此外，我删除了索引部分，只需放置适当的SQL代码，以查看是否有任何内容显示在空白页面上。

Answer 1

我对第一块代码中的mysql查询形式并不熟悉，所以除非你希望我扩展我熟悉的内容，否则我将远离修复它。

就第二页而言，我会使用像

这样的东西

if(isset($_GET['action'])) {
$action = $_GET['action'];
$action = basename($action);
include($action .".htm");
}

Answer 2

引用链接的正确方法是：

phpindex.php?action=(whatever)

至于代码的其余部分，它确实有效，尽管我确定构造不佳。

根据点击的链接从SQL数据库生成网页（PHP）

2 个答案: