Question

我在这个foreach

中从数据库获取图像路径

foreach($image as $row){ 
  $value = $row['dPath'];
  $imgpath =base_url()."images/".$value;//this is not taken
  $imgpath =  base_url()."images/con_icon.jpg";//this$imgpath is taken

  echo $value;

当我将$ imgpath作为$ imgpath = base_url（）。“images / con_icon.jpg”;

接受了

<img src="<?php echo $imgpath; ?>" and image is displayed

但是当我将$ imgpath作为$imgpath =base_url()."images/".$value;时但是echo $value;会导致con_icon.jpg 图像不显示有什么问题

修改

echo $imgpath =base_url()."images"."/".$value;
 echo $img =  base_url()."images/con_icon.jpg";

给了我这个

http://localhost/ssit/images/con_icon.jpg
http://localhost/ssit/images/con_icon.jpg

然后为什么我不能在我的<img>

中得到这个

<img src="<?php echo $imgpath; ?>" name=b1 width=90 height=80 
 border=0 onmouseover=mouseOver() onmouseout=mouseOut()>

Answer 1

确保您的$value在前端或末端不包含额外的空格。使用

$value = trim($value);

到remove whitespace。 echo也不是快速调试变量的最佳方法，而是使用var_dump。

请确保转义图像路径以防止XSS

修改

你不能说<img src="<?php echo $imgpath; ?>" name=b1 width=90 height=80 border=0 onmouseover=mouseOver() onmouseout=mouseOut()>，因为你的字符串末尾有空格。如果你必须以这种方式使用它，请使用<img src="<?php echo trim($imgpath); ?> … />。

除此之外，引用您的属性：onmouseover="mouseOver"，不要在事件处理程序名称后使用括号（除非mouseOver()返回一个函数 - 我不认为你这样做...）。并且您应该使用urlencode作为您的图像路径，以锁定所有想要伤害您的用户的恶意黑客

Answer 2

确保$value不会为空：

var_dump($value);

此外，您可以尝试这样做：

$imgpath = get_bloginfo('template_url') . "/images/" . $value;

为什么我的图像路径没有采取？

2 个答案: