Question

我在使用PHP从MySQL调用查询时遇到问题。

我已经在我的管理员PHP上使用SQL语法创建了表格并且它有效：

CREATE TABLE subjects(
id INT(11) NOT NULL AUTO_INCREMENT,
menu_name VARCHAR(30) NOT NULL,
position INT(3) NOT NULL,
visible TINYINT(1) NOT NULL,
PRIMARY KEY (id)
);

CREATE TABLE pages(
id INT(11) NOT NULL AUTO_INCREMENT,
subject_id INT(11) NOT NULL,
menu_name VARCHAR(30) NOT NULL,
position INT(3) NOT NULL,
visible TINYINT(1) NOT NULL,
content TEXT,
PRIMARY KEY (id),
INDEX (subject_id)
);

然后在两个表上插入数据，并使用以下对应的颜色：

INSERT INTO subjects (menu_name, position, visible)
VALUES ('About', 1, 1);

INSERT INTO pages (subject_id, menu_name, position, visible, content)
VALUES (1, 'Our Mission', 1, 1, 'Our Mission has always been...');

继续在两个表中插入数据。

当我尝试对第二个表进行查询时，它只是忘记调用菜单主题内页面的第二个查询。我已经告诉变量$subject["id"]没有定义，所以我无法在查询中使用变量，但我跟随的教程非常准确，我没有改变任何东西。这是代码：

这是de index.php文件：

!DOCTYPE html>
<html lang="en">
<head>
    <meta charset="UTF-8">
    <title>Document</title>
</head>
<body>

     <?php 
        $dbuser = 'root'; 
        $dbpass = 'root'; 
        $db = 'cms'; 
        $dbhost = 'localhost';
        $dbport = '3306';


        $link = mysqli_connect($dbhost,$dbuser,$dbpass,$db) or die("Error " . mysqli_error($link));

        $subject_set = "SELECT * FROM subjects WHERE visible = 1" or die("Error in the consult.." . mysqli_error($link));
        $result = mysqli_query($link, $subject_set); 

    ?>
        <ul>

        <?php
        while($subject = mysqli_fetch_assoc($result)){ ?>
            <li><?php echo $subject["menu_name"] ?>

                <?php
                    $query = "SELECT * ";
                    $query .= "FROM pages ";
                    $query .= "WHERE visible = 1 ";
                    $query .= "AND subject_id = {$subject["id"]} "; // VARIABLE ON MYSQL NOT DECLARED
                    $query .= "ORDER BY position ASC";

                    $page_set = mysqli_query($connection, $query);
                ?>
                <ul class="pages">
                    <?php
                    while($page = mysqli_fetch_assoc($page_set)){ ?>
                    <li><?php echo $page["menu_name"] ?></li>
                    <?php   
                    }
                    ?>
                </ul>

            </li>
        <?php   
        }
        ?>

        </ul>


<?php


        mysqli_free_result($result);

        mysqli_close($link);
?>
</body>
</html>

Answer 1

$string = "..." or die();

完全没有意义。您没有执行查询。您只需定义 CONTAINS 查询字符串的字符串。因此，您无法在此时检测到数据库级错误。

您的代码应为：

$subject_set = "SELECT ...";
$result = mysqli_query(...) or die(mysqli_error($link));

您也无法检查内部查询中的错误。永远不要假设查询会成功。始终认为它会失败，检查失败，并将成功视为一个惊喜。

在宏观方案中，按原样运行嵌套查询效率非常低。您应该运行单个JOIN ed查询。

无法使用PHP查询关系数据库

1 个答案: