Question

在下面的代码示例中，有人可以告诉我为什么str1_ptr和str2_ptr声明的类型为char **而不是char *（例如char **str1_ptr而不是char *str1_ptr函数签名中的swap1()）？

#include<stdio.h>

/* Swaps strings by swapping pointers */

void swap1(char **str1_ptr, char **str2_ptr) {
    char *temp = *str1_ptr;

    *str1_ptr = *str2_ptr;
    *str2_ptr = temp;
}

int main() {
    char *str1 = "geeks";
    char *str2 = "forgeeks";

    swap1(&str1, &str2);

    printf("str1 is %s, str2 is %s", str1, str2);

    getchar();

    return 0;
}

swap1()函数交换两个字符串。

Answer 1

您想要更改str1中str2中声明的main()和swap1()指针的值。

要完成此任务，您需要在swap1()中的每个指针上传递一个指针。

C中的字符串（即char数组）指针的类型为char *，因此指针上的指针（字符串指针上的指针）的类型为char **。

Answer 2

如果你看一下变量str1和str2的值如何看待这些行

char *str1 = "geeks";
char *str2 = "forgeeks";

它看起来像：

                                  Address 1 (block of memory for "geeks")
                                  |
|<--  str1   ->|                  v
+--------------+                  +--------------------------+
| Address 1    |                  | g | e | e | k | s | '\0' | 
+--------------+                  +--------------------------+

                                  Address 2 (block of memory for "forgeeks")
                                  |
|<--  str2   ->|                  v
+--------------+                  +--------------------------------------+
| Address 2    |                  | f | o | r | g | e | e | k | s | '\0' | 
+--------------+                  +--------------------------------------+

由于您希望在str1和str2指向的位置进行交换，因此您有兴趣进行必要的更改，以使str1的值为Address 2并且值为str2的{{1}}：

Address 1

只有将|<-- str1 ->| +--------------+ | Address 2 | +--------------+ |<-- str2 ->| +--------------+ | Address 1 | +--------------+和str1的地址传递给str2，才能执行此操作。您可以使用swap1完成此操作。

由于swap1(&str1, &str2);和str1的类型为str2，因此char*和&str1的类型为&str2。您必须使用：

char**

而不是

void swap1(char **str1_ptr, char **str2_ptr)

Answer 3

如果你void swap1(char *str1_ptr, char *str2_ptr)

您的指针按值传递，此代码会复制，然后覆盖副本。所以原始指针是不变的。

太修复此问题 - 将指针传递给指针，以便在函数中完成的更改可以在main中被反映，因为您希望它被交换。

C指针程序使用指针交换字符串

3 个答案: