Question

有没有办法配置RequireJS将整个目录编译为单个文件？我不是指＆＃39; out＆＃39;的正常使用情况。设置。我试着通过例子来解释。如果我有以下项目结构：

- app
  - main.js
  - menu.js
- module
  - file-a.js
  - file-b.js

然后让我们说我要编译应用程序＆＃39;目录到单个文件。我不关心它的依赖关系 - 即使它需要＆＃39;模块＆＃39;或者它的任何一个文件，它们都不会被包括在内。即使main.js不需要menu.js，它仍然会被包含在内。结果输出文件将定义＆＃39; app / main＆＃39;和＆＃39; app / menu＆＃39;模块。

同样，如果我想编译＆＃39;模块＆＃39;目录，该文件将定义＆＃39; module / file-a＆＃39;和＆＃39; module / file-b＆＃39;无论定义了什么其他依赖项。

我希望这很清楚。

Answer 1

您可以在构建文件中使用dir参数而不是name参数。

您可以阅读有关在requirejs文档中构建整个目录的更多信息 - Optimize Whole Project

如果您编写类似app-build.js -

的构建文件

({
   appDir: ".",
   baseUrl: "app",
   dir: "../app-build",
})

如果您运行r.js -o app.build.js，则会创建

应用建造
- main.js
- menu.js

此处menu.js不会包含在main.js中，除非在main.js来源的某个地方需要{{1}}。

Require.js r.js：将目录编译为单个文件

1 个答案: