Question

我有index.html在send.php中发布数据 send.php代码是表格数据正确命名＆amp;发送页面没有错误

<?php
$servername = "localhost";
$username = "Blah Blah";
$password = "Blah Blah";
$dbname = "Blah Blah";
$conn = mysqli_connect($servername, $username, $password, $dbname);
if (!$conn) {
    die("Connection failed: " . mysqli_connect_error());
}

$name = $_POST['name'];
$famil = $_POST['famil'];
$email = $_POST['email'];
$amount = $_POST['amount'];

$sql = "INSERT INTO users".
"(name, famil, email, amount)".
"VALUES ('$name','$famil','$email','$amount')";

mysqli_close($conn);

但查询无法将数据插入db！

为什么post方法在这里工作？

Answer 1

问题是你不是querying - mysqli_query()，这是必需的部分。

您当前的代码确实有效，但SQL由于缺少mysqli_query()而无声地失败。

$sql = mysqli_query($conn,"INSERT INTO users".
"(name, famil, email, amount)".
"VALUES ('$name','$famil','$email','$amount')");

确保您的表单元素也已命名，并且您的表单是POST方法。（洞察）

即：name="name"，name="famil"等和<form method="post" action="handler.php">

另外，您目前的代码向SQL injection开放使用mysqli with prepared statements或PDO with prepared statements，
使用更安全。

将error reporting添加到文件的顶部，这有助于查找错误。

<?php 
error_reporting(E_ALL);
ini_set('display_errors', 1);

// rest of your code

旁注：错误报告应仅在暂存时完成，而不是生产。

您也可以or die(mysqli_error($conn))使用mysqli_query()

“发送页面没有错误”

您应该始终检查可能的错误。

要使用现有代码提供额外保护，请使用：

$name = stripslashes($_POST['name']);
$name = mysqli_real_escape_string($conn, $_POST['name']);

并为其他人做同样的事情。

这样做也有效：

$sql = "INSERT INTO users".
"(name, famil, email, amount)".
"VALUES ('$name','$famil','$email','$amount')";

mysqli_query($conn,$sql);

或

if (mysqli_query($conn, $sql)) {
    echo "Data entered successfully.";
} else {
    echo "Error entering data: " . mysqli_error($conn);
}

正如您所看到的，您有几种查询方式。

我无法使用php在我的数据库中添加数据

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