Question

我试图编写一个带有两个参数的简单函数，将它们加在一起并返回计算结果。

在执行计算之前，函数检查两个参数中的任何一个是否未定义，如果是，则将参数设置为0。

这是我的功能：

功能 - PHP

function returnZeroAdd ($arg, $arg2)
{
    if(!isset($arg))
    {
        $arg = 0;
    }

    if(!isset($arg2))
    {
        $arg2 = 0;
    }

    echo $arg + $arg2;
}

我试图像这样执行它：

returnZeroAdd($bawtryReturnCount, $bawtryFReturnCount);

但这会引发undefined variable $bawtryFReturnCount错误。

我不知道为什么函数在执行计算之前没有将$bawtryFReturnCount)设置为0，从而否定了未定义的变量＆＃39;错误。

任何人都可以提供解决方案吗？

Answer 1

你不能按照你想要的方式做到这一点。只要使用未定义的变量，就会出现此错误。因此，错误不会发生在您的函数内部，但已经发生在对函数的调用中。

<强> 1。可选参数

您可以将参数设为可选参数，如下所示：

function returnZeroAdd ($arg = 0, $arg2 = 0)
{
    return $arg + $arg2;
}

这样，参数是可选的，您可以像这样调用函数：

echo returnZeroAdd(); // 0
echo returnZeroAdd(1); // 1
echo returnZeroAdd(1, 1); // 2

<强> 2。参考

但我不确定这是不是你想要的。此调用仍将失败：

echo returnZeroAdd($undefinedVariable);

这可以通过引用传递变量来解决。然后，您可以检查是否已设置值，如果已设置，请在添加中使用它们。

<?php
function returnZeroAdd (&$arg, &$arg2)
{
    $result = 0;
    if(isset($arg))
    {
        $result += $arg;
    }

    if(isset($arg2))
    {
        $result += $arg2;
    }

    return $result;
}

echo returnZeroAdd($x, $y);

请注意，如果在函数中更改了参数，则实际上将更改by参数的原始值。这就是为什么我以不修改参数本身的方式更改代码的原因。看看这个简化的例子，看看我的意思：

<?php
function example(&$arg)
{
    if(!isset($arg))
    {
        $arg = 0;
    }

    return $arg;
}

echo example($x); // 0
echo $x // also 0

当然，这可能是你的意图。如果是这样，你可以在函数内安全地将$ arg和$ arg2设置为0。

Answer 2

如果你真的想在函数内部进行检查，你可以通过引用传递参数：

function returnZeroAdd (&$arg, &$arg2)
{
    if(!isset($arg))
    {
        $arg = 0;
    }

    if(!isset($arg2))
    {
        $arg2 = 0;
    }

    echo $arg + $arg2;
}

然而，这可能会修改你的函数以外的参数，如果它不是你想要的，那么你需要这个：

function returnZeroAdd (&$arg, &$arg2)
{
    if(!isset($arg))
    {
        $localArg = 0;
    }
    else
    {
        $localArg = $arg;
    }

    if(!isset($arg2))
    {
        $localArg2 = 0;
    }
    else
    {
        $localArg2 = $arg2;
    }

    echo $localArg + $localArg2;
}

您现在可以传递未定义的变量，它不会抛出任何错误。

或者你可能想给你的参数一个默认值（在你的情况下0似乎合适）：</ p>

function returnZeroAdd ($arg = 0, $arg2 = 0)
{
    echo $arg + $arg2;
}

Answer 3

函数本身不会抛出错误，因为函数不知道全局范围。甚至在执行函数之前抛出错误，而PHP interperter试图将$bawtryFReturnCount传递给函数，没有找到它，并抛出错误，但是，它不是致命的，执行没有停止。因此，该函数使用默认值为null的非set变量执行，我猜，isset将不起作用，因为参数是必需的，但不是可选的。这里更好的检查是empty($arg)，但错误仍然存在。

因为函数不是，并且不应该知道应用程序的全局状态，所以应该从函数外部进行这些检查，然后调用它。

if (!isset($bawtryReturnCount)) {
    $bawtryReturnCount = 0
}

returnZeroAdd($bawtryReturnCount);

或者为函数中的参数指定默认值，使其成为可选而非强制。

Answer 4

您的功能可以改写为：

function returnZeroAdd ($arg = 0, $arg2 = 0)
{
    echo $arg + $arg2;
}

你错过了变量如何运作。由于在调用函数时未定义$bawtryFReturnCount;你收到警告您的isset-checks执行检查太晚了。例如：

$bawtryReturnCount = 4;
$bawtryFReturnCount = 0;

returnZeroAdd($bawtryReturnCount, $bawtryFReturnCount);

不会导致错误。

Answer 5

在将变量传递给函数之前，必须先定义变量。例如

     $bawtryReturnCount=10;
     $bawtryFReturnCount=5;
   define the two variable with some value and pass it to that function.
     function returnZeroAdd ($arg=0, $arg2=0)
     {

       echo $arg + $arg2;
     }

如果定义这样的函数，则表示如果未传递参数，则函数将默认值设为0。例如，您可以像这样调用函数 returnZeroadd（）; // print 0 returnZeroadd（4）; // print 4 returnZeroadd（4,5）; // print 9 或者你可以定义两个变量并将其作为参数传递并像这样调用。

     $bawtryReturnCount=10;
     $bawtryFReturnCount=5;
     returnZeroadd($bawtryReturnCount, $bawtryFReturnCount);

用户定义函数的意外结果 - PHP

5 个答案: