Question

我一直在努力学习Javascript / jQuery但是我已经碰壁了，我似乎无法破解。这是我的代码：

function beginProblem() {
var myVar = getMyVar();
console.log(myVar);
}

function getMyVar(){
$.ajax({
    url: "myTest.php",
    success: function(result){
        var myVar = result;
        //  return myVar;   THIS DOESN'T WORK
    }
});
return myVar; //    This doesn't work either
}

beginProblem();

myVar记录为未定义，因为console.log在getMyVar完成之前运行。我已经阅读了一些关于这个问题的其他问题，但我没有理解解决方案，有人能够让我高兴，当我需要从ajax调用中获取变量时，我应该记住什么，然后才能执行其余的功能

抱歉，并提前致谢！

Answer 1

所以在ajax方法中，你将url指向＆＃34; myTest.php＆＃34;。再次检查此网址。如果您正在使用Chrome，请右键单击选择检查元素（或按F12，如果您使用的是Firefox，则可以下载并安装Firebug插件进行调试），然后再点击＆＃34; Network＆＃34;选项卡，并以原始格式查看您的请求。如果您的请求返回代码200，那么除非检查它，否则它的意思是网址是可以的。如果代码为200，请再次检查您的功能。

如果是，它返回代码500，再次检查你的功能，返回类型，逻辑顺序。 400，这意味着它可以找到您的服务，您必须检查您的网址完全路径。我对PHP没有足够的知识。但我在Java方面经验丰富，如果你改成java，那就做我的方向。

Answer 2

尝试这样的一些

function beginProblem() {
var myVar = getMyVar({
  success:function(result)
  {
    console.log(result);
  }
});
}

function getMyVar(obj){
$.ajax({
    url: "myTest.php",
    success: obj.success
});
}

beginProblem();

Answer 3

试试这个，它会起作用....

function beginProblem() {
var myVar = getMyVar();
console.log(myVar);
}

function getMyVar(){
$.ajax({
    url: "myTest.php",
    async: false,
    success: function(result){
         return  result; 
    }
});
    }

beginProblem();

jQuery Ajax返回变量（逻辑缺陷）

3 个答案: