Question

Il laravel当你被告知要渲染一些数据时，你会解释你应该从控制器发送数据到视图

Route::get('/', function()
   $posts = MyRep::giveMeAllPosts();
   return View::make('listing', $posts);
});

带视图的

@foreach($posts as $post)
    <li>{{ $post->title }} - {{ $post->published_at }}</li>
@endforeach

有没有办法可以渲染整个视图的对象（例如Models，ModelViews或其他类型）？

类似的东西：

<!-- View stored in resources/views/greeting.php -->
 @foreach($posts as $post)
        {{ $post->presenter('listing')->render()}}
    @endforeach

其中每个项目的视图在其他视图中定义。

<!-- View stored in resources/views/listing.php -->
<li>{{ $post->title }} - {{ $post->published_at }}</li>

这样：列表的视图将与项目视图

分离

Answer 1

你不能只使用include吗？

@foreach($posts as $post)
    @include('listing')
@endforeach

它将使用您的观点：

<!-- View stored in resources/views/listing.php -->
<li>{{ $post->title }} - {{ $post->published_at }}</li>

但是如果您仍然需要从模型或存储库中渲染某些内容，则可以执行以下操作：

{{ $post->render('listing') }}

在你的模型中你会这样做：

public function render($what)
{
    $data = $this->produceListinData($what);

    return View::render($data->viewName, compact('data'));
}

当然，更好的方法是使用视图展示器，就像你一样，但是你可能需要安装一个软件包来帮助你，或创建自己的软件包。这是我使用的那个：https://github.com/laracasts/Presenter。

编辑：

无论如何，我100％同意您关于从模型访问视图的评论。在这种情况下，一个不错的设计解决方案是创建一个渲染服务和一个存储库，通过您的存储库使用您的渲染服务，您的模型永远不会知道视图的存在。