Question

我创建了一个简单的PHP脚本。如果输入"hello"作为POST参数name，则应返回错误。否则，它应该返回成功。返回值应出现在DIV中。

但它不起作用？为什么不呢？

if(isset($_POST)){
    $name = $_POST['name'];

    if($name == 'hello'){
        echo json_encode(array('comment_error' => 'You cant say hello'));
    } else {

    }
    echo json_encode(array('comment_success' => 'awesome! It worked'));

}

以下是解析响应的javascript：

$.ajax({
     type: 'POST',
     url: 'comment/post.php',
     data: {name:name},
     dataType: 'json',
     success:function(data){
            if(data.comment_error){
                 alert(data.comment_error);
            } else {
                 $('div').append(data.comment_success);
            }
     }
});

Answer 1

将最后一行php代码移入else条件并更改js代码

data = JSON.parse(data); // add this in your call back
if(data.comment_error){
    alert(data.comment_error);
} else {
    $('div').append(data.comment_success);
}

Answer 2

你必须发送Json标题头（'Content-Type：application / json'）;

header('Content-Type: application/json');   
if(isset($_POST)){

    $name = $_POST['name'];

    if($name == 'hello'){
        echo json_encode(array('comment_error' => 'You cant say hello'));
    } else {

    }
    echo json_encode(array('comment_success' => 'awesome! It worked'));

}

Answer 3

检查您的if else loop

代码应该是这样的

header('Content-Type: application/json');  

if(isset($_POST)){
        $name = $_POST['name'];

        if($name == 'hello'){
            echo json_encode(array('comment_error' => 'You cant say hello'));
        } else {
            echo json_encode(array('comment_success' => 'awesome! It worked'));
        }


    }

Answer 4

放这个 echo json_encode（array（'comment_success'=＆gt;'awesome！it working'））; 在其他地方这样：

header('Content-Type: application/json');   
if(isset($_POST)){

    $name = $_POST['name'];

    if($name == 'hello'){
        echo json_encode(array('comment_error' => 'You cant say hello'));
    } else {
       echo json_encode(array('comment_success' => 'awesome! It worked'));
    }

}

顺便说一下。如果您使用免费主机测试您的脚本，如000webhost，您应该知道他们在html中添加了额外的代码行。如果是这样，Ajax无法解析json对象。

无法解析：

<!-- Blabla 000webhost free hosting blabla -->
{"comment_success" : "awesome! It worked"} 
<!-- Blabla 000webhost free hosting blabla -->

P.S你不需要var json = $.parseJSON(data);，因为dataType = 'json'为你做了。我的意思是成功“数据”已经是一个JSON对象。

为什么这个php json无法正常工作

4 个答案: