Question

这是我的工作代码（简化）：

文件A.py：

from B import *

class A(object):
    def __init__(self):
        A.instance = self
        self.b = B()

    def testA(self):
        print "success"

if __name__ == '__main__':
    a = A()
    a.b.testB()

文件B.py：

from A import *

class B(object):
    def testB(self):
        A.instance.testA()

它在B.py的最后一行失败：类型对象＆＃39; A＆＃39;没有属性＆＃39;实例＆＃39;。如果A和B在同一个文件中，它可以工作。如何将其拆分为多个文件以防止将整个项目放在一个巨大的文件中？

Answer 1

当您运行A.py时，会将其视为名称__main__（在您的if __name__ == '__main__'测试中使用）。但是当B导入A时，它的名称为A。因此模块以不同的名称加载两次，并且存在两个副本。当你的“main”块运行时，它会从__main__实例化A类，但是B.py只能看到模块A中的A类。（有关类似问题，请参阅this recent question;有关双重导入问题的更多说明，请参见this one。）

解决方案是从您要作为脚本运行的文件中分离出需要导入的代码。将类放在单独的文件A.py和B.py中，然后有第三个文件（script.py或其他），它可以完成两个文件所需的任何操作。例如，您的script.py可以执行：

from A import A

if __name__ == "__main__":
    a = A()
    a.b.testB()

然后您可以像这样设置A和B：

### A.py
import B

class A(object):
    def __init__(self):
        A.instance = self
        self.b = B.B()

    def testA(self):
        print "success"

### B.py
import A

class B(object):
    def testB(self):
        A.A.instance.testA()

拥有多个相互导入的模块通常是一个冒险的主张。如果您有多个需要相互引用的类，最简单的方法是将它们保存在同一个模块中。（如果由于你有大量的相互引用类而变得很尴尬，你可能想要修改你的整体设计，因为大量的相互引用类可能很难。）

从类定义文件导入的文件中访问类

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