Question

当我尝试从mysql数据库中检索数据时，它给出了一个错误“没有选择数据库”这是查询：

$safe_brand_drug_name = strtoupper($drug_name);
$query = "SELECT * FROM brand_drug where brand_drug_name = {$safe_brand_drug_name}";
$result = mysql_query($query);
echo "<h1>User result</h1>";

if($result === FALSE) {
    die(mysql_error()); // TODO: better error handling
}
while($row = mysqli_fetch_array($result))
{
    echo $row['brand_drug_name'] ." - " .$row["manufacturers"] . " - " . $row["type"] . " - " . $row["price"];
    echo "<br>";
}

这是我的数据库连接：

define("DB_SERVER", 'localhost');
define("DB_USER", 'root');
define("DB_PASS", '1234');
define("DB_NAME", 'brand_generic');

brand_generic是我的数据库名称。

Answer 1

您的代码无法正确执行的问题是，您使用mysql_query($query) mysql_error()和mysqli_fetch_array()混合使用MySQL API

他们不混合在一起，是mysql_和mysqli_函数。

使用：

时，将其更改为mysqli_query($con,$query)（首先传递数据库连接变量，然后传递查询）

or die(mysqli_error($con))代替mysql_error()。

和

$DB_SERVER = "localhost";
$DB_USER = "root";
$DB_PASS = "1234";
$DB_NAME = "brand_generic";

与：

结合使用

$con = new mysqli($DB_SERVER, $DB_USER, $DB_PASS, $DB_NAME);
if($con->connect_errno > 0) {
  die('Connection failed [' . $con->connect_error . ']');
}

或，因为您使用define将其定义为常量：

define("DB_SERVER", 'localhost');
define("DB_USER", 'root');
define("DB_PASS", '1234');
define("DB_NAME", 'brand_generic');

$con = new mysqli(DB_SERVER, DB_USER, DB_PASS, DB_NAME);
if($con->connect_errno > 0) {
  die('Connection failed [' . $con->connect_error . ']');
}

由于没有变量将它们全部拼接在一起，如上所示$con = ...，因此MySQL / PHP不知道在连接代码中要取的内容。单独的常量没有将整个赋值给变量，无法区分它的用途。

此外，请确保代码的其余部分中没有mysql_的其他实例，如果有的话。

在打开<?php标记后立即将error reporting添加到文件顶部。

error_reporting(E_ALL);
ini_set('display_errors', 1);

以及or die(mysqli_error($con))到mysqli_query()，它会发出任何错误信号。

<强> 旁注：

您目前的代码向SQL injection开放。

使用mysqli_ prepared statements或PDO with prepared statements - 更安全。

Answer 2

尝试使用数据库＆＃34; brand_generic＆＃34;在Query中以下列方式：

$query = "SELECT * FROM brand_generic.brand_drug where brand_drug_name = {$safe_brand_drug_name}";

希望它能解决问题。

错误：未选择数据库

2 个答案: