Question

查询SELECT * FROM TABLE WHERE id LIKE '%1%无效，但未选择ID 1.

mysql_connect('localhost', 'root' , ''); 
mysql_select_db('database'); 
$sql = ("select * from search WHERE id LIKE '%3%'"); 
mysql_query($sql); 
$my_variable = mysql_query($sql);  
$display_data = mysql_fetch_row($my_variable); 

   while ($list = mysql_fetch_assoc($my_variable)) { 
        $id = $list['id']; 
        $title = $list['title']; 
        $keywords = $list['keywords'];
        $img = $list['img'];
        $link = $list['link'];
   }

Answer 1

如果您要查看SELECT id 1，请使用= not LIKE。使用LIKE的方式将匹配每个id为1的id，并且不保证按顺序获得第一个id，所以改为使用：

SELECT * FROM search WHERE id = 1

Answer 2

根据mysql_fetch_row的{{3}}

返回与获取的行对应的数值数组，并将内部数据指针向前移动。

这意味着第一个结果不会出现在下一个（mysql_fetch_assoc）程序中。您可以尝试删除$display_data = mysql_fetch_row($my_variable);行，只使用while($list = mysql_fetch_assoc($my_variable)) { ... }程序。看看是否能解决您的问题。

Answer 3

$sql = ("select * from search WHERE id ='3'");

id是整数使用=而不是like。等于更准确。

Answer 4

首先在您的程序中回显您的查询 - ＆gt;

echo $sql;die;

复制该查询并在phpmyadmin上运行然后检查您的column id是否为int type，如果是，则表示不会给您结果。你必须在这里使用where clause。但如果column id属于type varchar，那么肯定会给你结果。尝试使用phpmyadmin 中数据库 - ＆gt;表下的搜索标签，并将条件放在那里。你肯定会在那里得到答案。

WHERE子句似乎不适用于PHP

4 个答案: