Question

我有这样的事情：

use Just\Some\Namespace\ClassName;

class A
{
    public static function doStuff()
    {
        echo function_name(ClassName);
    }
}

A::doStuff();

我想看到的是：Just\Some\Namespace\ClassName

整个想法是我希望获得一个类的完整命名空间，而不需要创建该类的对象。

我在线搜索，最接近解决方案的是this question中的答案。但是，这些都不是我需要的。

我可以使用这样的反射：

$reflectionClass = new ReflectionClass('Just\\Some\\Namespace\\ClassName');
echo $reflectionClass->getNamespaceName();

但是我必须指定命名空间才能创建ReflectionClass。如果我已经知道了，我就不再需要它了。

我可以在代码中替换function_name以获取Just\Some\Namespace\ClassName吗？

Answer 1

从PHP5.5开始，您可以使用class关键字进行名称空间解析

自PHP 5.5起，class关键字也用于类名解析度。您可以获取包含完全限定名称的字符串使用ClassName :: class的ClassName类。这是特别的对命名空间类有用

Answer 2

使用Magic constants __CLASS__

班级名称。（在PHP 4.3.0中添加）从PHP 5开始，此常量返回声明的类名（区分大小写）。在PHP 4中它的价值总是小写的。类名包括它的名称空间声明（例如Foo \ Bar）。请注意，从PHP 5.4开始 CLASS 有效也有特点。在特征方法中使用时， CLASS 是其名称
中使用的特质类

喜欢

echo __CLASS__; //   The class name.

Answer 3

试试这个

use Just\Some\Namespace\ClassName;

class A
{
    public static function doStuff()
    {
        echo function_name(ClassName::class);
    }
}

A::doStuff();

Answer 4

获取给定对象/类的类“ basename”（没有名称空间）的最佳方法。

function class_basename($class)
{
    $class = is_object($class) ? get_class($class) : $class;

    return basename(str_replace('\\', '/', $class));
}

如何在不创建类实例的情况下获取类的完整命名空间？

4 个答案: