Question

好的所以我正在尝试创建一个推荐脚本，如果用户通过成员引用网址加入，然后根据提交给数据库的详细信息，他们的推荐人的用户名（如果有的话）也会提交给专栏＆＃39;参考＆＃39;现在，下面的代码似乎得到了以前的URL，直到我尝试将引用POST到另一个php文件。

我有index.php只会加载各种iframes。因此，当用户访问我的网站时，他们实际看到的页面是home.php。我把这段代码放在index.php中。当用户输入他们的详细信息并转到下一页时，shop.php代码不会返回任何内容，而是通过＆＃39;列。

代码确实有效，因为它将domainname / home.php返回到＆＃39;被引用的＆＃39;当代码在home.php时。所以我做了这个，所以推荐从index.php传递到home.php使用，但它总是返回空白。

提前谢谢你，我对PHP很陌生，所以请原谅我，这显然是显而易见的。经过数小时的故障排除后，情况经常出现这种情况！

目前在index.php中，我已尝试将其放入home.php（不使用POST）但返回domainname/home.php，因为＆＃39;被引用＆＃39;

if (isset($_SERVER['HTTP_REFERER'])) // check if referrer is set
    {

    $ref = $_SERVER['HTTP_REFERER']; // set ref
    }
    else
    {
        $ref = '';
    }
     ?>



  <form action="POST" method="home.php">
        <input type="hidden" name="ref" value= $ref />
    </form>

在home.php我有这个，但它没有返回参考。

$run = mysql_query("INSERT INTO ".MYSQLTABLE."(id, address, ip, date, time, referredby) VALUES('','" . $_POST['address'] . "','" . $_SERVER['REMOTE_ADDR'] . "', '".date("Y-m-d")."', '".date("D")."', '".$_POST['ref']."')");

Answer 1

您使用错误的方法在html字段更改中设置php变量值

<input type="hidden" name="ref" value= $ref />

到

<input type="hidden" name="ref" value="<?php echo $ref;?>" />

Answer 2

你必须改变

<input type="hidden" name="ref" value= $ref />

进入

<input type="hidden" name="ref" value="<?php echo $ref; ?>" />

但这样做是不错的主意。人们可以只提供其他数据并将其插入您的数据库中。（甚至更糟：做SQL注入）

您可以查找PHP会话

Answer 3

相反，您可以将其存储在会话中，以便您可以轻松找到隐藏的值

尝试将推荐URL发布到另一个php文件

3 个答案: