Question

我正在开发一个模型，我将拥有一个名为database的父类。这将有直接在数据库上工作的方法。我将有一些其他类将扩展database类以使用其功能（访问数据库）。但是，这些类需要定义自己的__construct方法，database类将以__construct方法连接到数据库。

我的意思的一个示例如下，__construct类的user显式调用查询（仅当__construct database方法时才会生效已经调用过类）。

<?php
    class database {
        private $mysqli;

        function __construct() {
            $this -> mysqli = new mysqli(..login_details..);
        }

        public function query($query) {
            return $this -> mysqli -> query($query);
        }

    }

    class user extends database {

        function __construct() {
            $users = $this -> query("SELECT * FROM users");
            while($u = $users -> fetch_assoc()) {
                print_r($u);
            }
        }

    }

    $user = new user();

?>

它的一种方法是在子类中显式调用parent :: __constructor();，但我不希望它为每个继承的类重新连接到数据库，即我只希望它在第一次连接时一个类继承它。我该怎么做呢？我是否必须在database构造之外执行此操作？：

private static $mysqli = new mysqli(...);

或者我要以完全错误的方式实施我的模型？

Answer 1

我会说依赖注入而不是继承。想想is a关系继承通常意味着什么。例如，类cat可以继承自类mammal。这对于猫is a哺乳动物来说是有道理的。

在你的情况下，这真的没有意义。当您实例化用户类时，可能会在构造函数中传入一个数据库对象。

class user{
         private $DB = null;

        function __construct(database $DB) {
            $this->DB = $DB;
            $users = $this -> DB -> query("SELECT * FROM users");
            while($u = $users -> fetch_assoc()) {
                print_r($u);
            }
        }

    }
$DB = new database();
$user = new user($DB);

获得所需结果的方法不止一种，我认为这是一种更合适的方法。此外，您可以使用原始database对象，而无需多次调用构造函数。

确保在PHP中仅为第一个实例调用父类的构造函数

1 个答案: