Question

我现在已经尝试了几个小时但仍然没有运气。一旦图像被插入到数据库中，但是当我来到＆＃34; SELECT＆＃34;从数据库中所有的图像都是＆＃34;破碎＆＃34; 。我使用2个文件，getimage.php和我希望所有图像出现的文件。

查看所有图像

//Connecting Is Here
$SQL = "SELECT * FROM animals LIMIT 50";
$res = mysql_query($SQL);
$numRows = mysql_numrows($res);
$i =0;
while($i < $numRows){
    ?>
    <table width="600" class="blue">
        <tr>
            <td class="blue">
                <p class="white"><?php echo $_GET['ImageId']?><p>
            </td>
        </tr>
        <tr>
            <td class="lightblue">
                <br>
                <div align="center">
                    <img width="550" src="getimage.php?ImageId=<?php echo mysql_result($res, $i, "ImageId"); ?>"/>
                </div>
            </td>
        </tr>
    </table>
    <br>
    <?php
    $i++;
}
?>

GetImage.php

if (IsSet($_GET['ImageId'])){
     $gotten = mysql_query("SELECT  `Image` FROM  `animals` WHERE  `ImageId` LIMIT 0 , 30 = ".$_GET['ImageId']);
     header("Content-type: image/jpg");
     while ($row = mysql_fetch_array($gotten))
     {
        print $row['image'];
     }
     mysql_free_result($gotten);
  }
?>

Answer 1

尝试更改

<img width="550" src="getimage.php?ImageId=<?php echo mysql_result($res,$i,"ImageId"); ?       >  "/>

进入这个：

<img width="550" src="getimage.php?ImageId=<?php echo mysql_result($res,$i,$_GET[ImageId]); ?       >  "/>

Answer 2

如果要在一个页面中显示所有图像。您不需要从url获取ImageId。只需直接从您的数据库中获取它。就像这样：

$gotten = mysql_query("SELECT  'Image' FROM  'animals' LIMIT 0 , 30");
while ($row = mysql_fetch_array($gotten)){
  print "<img src=\"../images/$row['image']\" />;
}

MYSQL，PHP从数据库中选择显示损坏的图像

2 个答案: