Question

我正在尝试编写一个脚本，在目录中搜索模式的文件和greps。类似于下面的，除了之外，find表达式要复杂得多（不包括特定的目录和文件）。

#!/bin/bash
if [ -d "${!#}" ]
then
    path=${!#}
else
    path="."
fi

find $path -print0 | xargs -0 grep "$@"

显然，上述方法不起作用，因为"$@"仍然包含路径。我已经尝试通过迭代所有参数来构建参数列表的变体来排除路径，例如

args=${@%$path}
find $path -print0 | xargs -0 grep "$path"

或

whitespace="[[:space:]]"
args=""
for i in "${@%$path}"
do
    # handle the NULL case
    if [ ! "$i" ]
    then
        continue
    # quote any arguments containing white-space
    elif [[ $i =~ $whitespace ]]
    then
        args="$args \"$i\""
    else
        args="$args $i"
    fi
done

find $path -print0 | xargs -0 grep --color "$args"

但这些失败并带有引用输入。例如，

# ./find.sh -i "some quoted string"
grep: quoted: No such file or directory
grep: string: No such file or directory

请注意，如果$@不包含路径，则第一个脚本会执行我想要的操作。

编辑：感谢您提供出色的解决方案！我带着答案的组合：

#!/bin/bash

path="."
end=$#

if [ -d "${!#}" ]
then
    path="${!#}"
    end=$((end - 1))
fi

find "$path" -print0 | xargs -0 grep "${@:1:$end}"

Answer 1

修改

原来只是略微偏了。如果最后一个参数不是目录，则不会删除。

#!/bin/bash if [ -d "${!#}" ] then path="${!#}" remove=1 else path="." remove=0 fi find "$path" -print0 | xargs -0 grep "${@:1:$(($#-remove))}"

删除最终的bash脚本参数

1 个答案: