Question

此问题建立在Powershell Code for List of Distinct Directories

之上

我虽然可以从那里拿走它，但显然做错了。我现在要做的是将$ directoryList文件中每个目录中的* .sql等所有文件读入名为$ files的变量中。

因此，如果$ directoryList包含表，函数，视图和过程，我会将所有.sql文件（只是文件名）读入变量。作为一个关键，我想将路径包含回文件名（例如，如果views目录包含文件名myview1.sql，则$ files将使用views \ myview1.sql编写）。目的是使$ files看起来与$ fileList的内容完全一样。

我正在从根文件夹执行，所以所有路径都是相对的（例如视图，过程，表格等）

Answer 1

这对我有用：

$files = $directoryList | %{ Get-ChildItem $_ } | 
    ?{ $_.extension -eq ".sql" } | %{ "$($_.Directory.Name)\$($_.Name)" }

它为$directoryList上的每个项目获取子项，然后根据需要仅保留扩展名为.sql的项目，然后对于每个结果，它将文件夹名称和文件名连接起来。结果应与原始列表相同。

获取文件列表的Powershell代码

1 个答案: