Question

我正在尝试为我的应用创建一个表单调试器，并使用jquery.form.js提交表单。

但是我想在成功或错误上捕获状态代码，我该怎么做？

我试过这个，但是sta变量只返回成功＆＃39;或者＆＃39;错误＆＃39;，而不是我预期的状态代码，plz help。

$('form').ajaxSubmit({
    success: function(res, sta, xhr, $form) {
        $('#result-code').html(sta);
        $('#result-content').html(res);
    },
    error: function(res, sta, xhr, $form) {
        $('#result-code').html(sta);
        $('#result-content').html(res);
    }
});

正如@Rainer Rillke回答：解决方案如下，注意接收到的错误参数序列与成功的参数序列不同！

$('form').ajaxSubmit({
    success: function(res, sta, xhr, $form) {
        $('#result-code').html(xhr.status);
        $('#result-content').html(res);
    },
    error: function(xhr) {
        $('#result-code').html(xhr.status);
        $('#result-content').html(xhr.responseText);
    }
});

Answer 1

使用jqXHR的xhr.status属性。

$('form').ajaxSubmit({
    success: function(res, sta, xhr, $form) {
        $('#result-code').text(xhr.status);
        $('#result-content').html(res);
    },
    error: function(xhr) {
        $('#result-code').text(xhr.status);
    }
});

Answer 2

我不确定它是否是您尝试捕获的某种自定义错误，但如果您只是想尝试返回来自网络的错误页面，试一下/ catch：

try {
     //do something here
}

catch (e) { //e = exception
     alert(e.toString());
}

在jquery.form.js中捕获状态代码

2 个答案: