Question

我已将数据的网址保存在我的数据库中，现在需要将该图像拉出并显示出来。

现在我试过了，但图片没有显示

<td id="cell_1" width="85" height="85">
   <?php
      $queryRole = "SELECT roleimg FROM mixotype WHERE email = :email";

          $stmt = $db->prepare($queryRole);
          $stmt->bindValue(':email', $email);
          $stmt->execute();

          while ($row = $stmt->fetch(PDO::FETCH_ASSOC))
         {
             ?><img src="<?php $row['roleimg']?>  width='85' height='85'  />"<?php
         }
   ?>
</td>

我试图解决这个问题吗？

Answer 1

我相信我不会生气！你刚刚错过了回声！？

<img src="<?php $row['roleimg']?> width='85' height='85'  />

阅读：

<img src="<?php echo $row['roleimg']; ?>" width='85' height='85'  />

麦克

Answer 2

更改

while ($row = $stmt->fetch(PDO::FETCH_ASSOC))
     {
         ?><img src="<?php $row['roleimg']?>  width='85' height='85'  />"<?php
     }

到

while ($row = $stmt->fetch(PDO::FETCH_ASSOC))
     {
         ?><img src="<?php echo $row['roleimg'];?>"  width='85' height='85'  />"<?php
     }

Answer 3

你还没有关闭文件中src的引号，你也使用写得不好的代码（甚至不确定它是否会按原样运行：尝试将其更改为：

<img src="<?php echo $row['roleimg'];?>"  width='85' height='85'  />

Answer 4

您意外地将您的右引号放在img标记的末尾，而不是在echo＆＃d; src之后。

?><img src="<?php $row['roleimg']?>  width='85' height='85'  />"<?php

应该是

?><img src="<?php echo $row['roleimg']; ?>"  width='85' height='85'  /><?php

一个容易犯的错误，但如果您花时间用一些基本工具进行故障排除（例如查看此脚本生成的HTML），您应该立即看到它。

Answer 5

您忘记在 src 属性上结束双引号。

Answer 6

将"<?php $row['roleimg']?>更改为"<?php echo $row['roleimg']; ?>"

Answer 7

你错过了echo标签。如果这没有帮助你可以尝试将base64_encode放在它周围并把它放在前面：data：image / png; base64。这使得浏览器或http标头出错的可能性要小得多。

但我认为您应该将图像放入不同的文件并从该文件中加载，因为它会缓存图像，并且会使您使用更少的数据带宽。所以你可以使用image.php？imgid = ....

使用MySQL数据库中的url加载img src =“”

7 个答案: