Question

您好我正在使用phonegap进行交叉平台开发（我使用angularJS作为JS框架）。我想使用Web服务从我的网站上的数据库（mysql）访问位置列表。

问题是我找到的解决方案根本不安全：

的Javascript

var xhr;
if (window.XMLHttpRequest)
    xhr =  new XMLHttpRequest();
else
    xhr =  ActiveXObject("Microsoft.XMLHTTP");

xhr.open("GET", "http://localhost:8888/MAMP_Site/0/test.php", true);
xhr.send(null);
xhr.onreadystatechange = function() {
    if (xhr.readyState == 4 && (xhr.status == 200 || xhr.status == 0)) {
    console.log("Ready State4: Json Textual Data retrieved");
          handleData(xhr.responseText); // Json Textual Data
    }
};

function handleData(data)
{
var jsonData;
console.log("ReceivedData from WebService:"+data);
jsonData = eval('(' + data + ')');

$scope.lastUpdate = jsonData[0];
$scope.jsonData = jsonData[1];
$scope.$apply();
}

PHP（用作＆＃34;网络服务＆＃34;）

<?php
    header('Access-Control-Allow-Origin: *');
    header("Content-Type: text/plain");

    class UserInfo {
        public $id = "";
        public $name  = "";
        public $username = "";
        public $timestamp = "";

        public function __construct($_id, $_name, $_username, $_timestamp) {
        $this->id = $_id;
        $this->name = $_name;
        $this->username = $_username;
        $this->timestamp = $_timestamp;
      }
    }


    $db = mysql_connect('localhost:8889', 'root', 'root'); 
    mysql_select_db('myDbName',$db);
    $sql = 'SELECT id,name,username,timestamp FROM positions_test'; 
    $req = mysql_query($sql) or die('Erreur SQL !<br>'.$sql.'<br>'.mysql_error()); 
    $dataArray = array();

    while($data = mysql_fetch_assoc($req)) { 
        $dataArray[]= new UserInfo($data['id'],$data['name'],$data['username'],$data['timestamp']);
    } 

    //Last Modified Time
    $sql = "SELECT UPDATE_TIME FROM information_schema.tables WHERE  TABLE_SCHEMA = 'myDbName'AND TABLE_NAME = 'positions_test'"; 
    $req = mysql_query($sql) or die('Erreur SQL !<br>'.$sql.'<br>'.mysql_error()); 
    $data = mysql_fetch_assoc($req)["UPDATE_TIME"]; 

    $jsonDataArray = array($data, $dataArray);
    echo json_encode($jsonDataArray);
    mysql_close(); 
?>

基本上PHP返回一个JSON（作为文本），我在我的JS中得到它（作为文本）。然后我将它评估为JSON。

问题

安全问题

由于应用程序是使用cordova制作的，因此可以查看所有JS和Html源代码，因此我的php＆＃34; web服务＆＃34;的URL也是如此。这意味着拥有地址的任何人都可以访问Json文件。即使这些数据是公开的（在我的情况下），我希望它只能从我的应用程序访问（这样我可以避免机器人存储所有这些数据和垃圾邮件）。

令牌或用户代理

由于没有对用户进行身份验证，我的网络服务是否有办法知道请求的来源？
我想使用令牌来确保请求来自我的应用程序但是再一次可以查看源代码，任何人都可以看到令牌或代码来生成它。
也许使用user-agent来了解它是否是从移动设备访问的？

80以外的其他端口

选择80以外的其他端口来连接我的网络服务可能是明智的，但是如何选择我的连接端口呢？

最佳实践

实际上，主要观点是，phonegap（cordova）上的Web服务的最佳实践是什么？我应该使用SSL，Https吗？
我应该使用真正的Web服务而不是简单的php页面和XMLHTTPRequest吗？如果是，哪一个？
当然，如何正确构建并安全我的网络服务？

我知道这是一个很长的帖子，但我在网上搜索了一段时间，我发现了许多有趣的东西，但没有真正具体的建立你的webgap应用程序的web服务的最佳实践（没有用户身份验证）

Answer 1

您可以尝试对其进行模糊处理，或许多其他事情，但最终您必须在客户端接收它，因此您无法完全阻止他阅读您的数据，看到您的客户端边码或垃圾邮件。

确保服务安全的最佳方法是：确保与数据库的连接不允许写入，所有涉及的软件都会定期更新，并且发送到服务的查询具有语法和内容你期待的。

Web服务和phonegap：最佳实践

问题

安全问题

令牌或用户代理

80以外的其他端口

最佳实践

1 个答案: