如何让Gulp LESS只输出主文件，忽略包括？

Question

我的app文件夹中有一个充满LESS文件的文件夹。有两个主文件和几个包含，所有这些都以“_”为前缀。我只想将这两个文件及其源图输出到我的构建文件夹，但当然默认设置会输出所有较少的文件：

var gutil = require('gulp-util');
var changed = require('gulp-changed');
var path = require('path');
var less = require('gulp-less-sourcemap');

gulp.task('less', function() {
  gulp.src('./app/less/*.less')
     .pipe(less({
        generateSourceMap: true, // default true
        paths: [path.join(__dirname, 'less', 'includes')]
    }))
    .pipe(gulp.dest('./build/css'));
});

我想我可以将我的包含放在一个子目录中，但如果我不需要，我宁愿不必编辑LESS。

更新

我知道如何在gulp.src中指定单个文件，但我有2个LESS文件需要制作成2个CSS文件，每个文件都有自己的地图。

Answer 1

解决方案1：

使用event-stream。

gulp.task('less', function(cb) {
  var lessc = less({
    paths: [path.join(__dirname, 'less', 'includes')]
  });
  return es.merge(
    gulp.src('app/less/main.less')
      .pipe(lessc)
      .pipe(gulp.dest('build/css')),
    gulp.src('app/less/theme.less')
      .pipe(lessc)
      .pipe(gulp.dest('build/css'))
  );
});

解决方案2：

创建2个任务。

gulp.task('less', ['less:main', 'less:theme']);
gulp.task('less:main', function() {
  return gulp.src('./app/less/main.less')
    .pipe(less({ paths: [path.join(__dirname, 'less', 'includes')] }))
    .pipe(gulp.dest('./build/css'));
});
gulp.task('less:theme', function() {
  return gulp.src('./app/less/theme.less')
    .pipe(less({ paths: [path.join(__dirname, 'less', 'includes')] }))
    .pipe(gulp.dest('./build/css'));
});