Question

以下是我将图像推送到数据库的代码：

$title = $_REQUEST['title'];
$description = $_REQUEST['description'];
$image = $_REQUEST['image'];
$bdata = addslashes($image);

$query = "insert into Images (title, description, image) values ($title, $description, '$bdata')" or die("Error in the consult.." . mysqli_error($connection));

$result = $connection->query($query);
$connection->close();

我在数据库中双重检查并成功存储。

这是从表中获取数据的代码：

$query = "select * from Images" or die("Error in the consult.." . mysqli_error($connection));
$result = $connection->query($query);
$events = array();

while ($event = $result->fetch_array(MYSQLI_ASSOC)) {       

    $events[] = $event;
}

header('Content-type: application/json');

echo json_encode($events);

$result->free();
$connection->close();

结果我收到了下一个json：

{
id: "34",
title: "some image",
description: "some description",
image: null
}

如您所见，“image”字段为空。在phpAdmin中，我看到有一个数据。

Answer 1

首先：使用prepared statements摆脱烦人的SQL injection。

JSON对二进制数据没有原生支持：

值可以是双引号或数字，或true或false或null，或对象或数组的字符串。

使用Base64，BSON，Smile或UBJSON之类的内容。另见：Binary Data in JSON String. Something better than Base64

从数据库中选择blob / image将返回NULL

1 个答案: