Question

所以，当我有一个像这样的选择形式时：

<form method="post" action="" name="change_slider">
      <label class="control-label"><?php echo $LANG['admin']['global']['Slider']; ?></label>
      <div class="controls">
      <select name="slider">
        <option name="sex" value="false">none</option>
        <option name="sex" value="poepCru3er">Cru3er</option>
      </select>
      </div>

      <div class="form-actions">
        <button type="submit" name="slideredit" class="btn btn-primary"><?php echo $LANG['admin']['global']['submit']; ?></button> 
      </div>          
    </form>

我希望我的数据库中的选定值可以这样做：

if(isset($_POST['change_slider'])) {
  $name = $_POST['slider'];
  $errorsslide = $users->changeSlider($name);
}

因为它不起作用。顺便说一句，这是changeSlider函数，如果有必要的话

public function changeSlider($name) {
$errorsslide = array();
$stmt = $this->mysqli->prepare("UPDATE cms_funtions SET value=? WHERE title='Slider'");
$stmt->bind_param('s', $name);
$stmt->execute();
$stmt->close();
$errorsslide[] = "<div class='alert alert-success'><button type='button' class='close' data-dismiss='alert'>x</button><strong>Success!</strong> Slider Changed successfully!</div>";
return $errorsslide;
}

所以，长话短说，我希望表格的选定值进入我的数据库。

有人看到我的错误吗？

Answer 1

没有名为change_slider的表单字段，因此此后的代码将永远不会运行，因为条件始终为false：

if(isset($_POST['change_slider'])) {

您应该将其更改为：

if($_SERVER['REQUEST_METHOD'] === 'POST') {

发布值是多少？

1 个答案: