Question

我的PHP fopen（）因读取文件而面临问题。

错误是：

Warning: fopen(\\192.168.183.28\DIGI_PROG\M10\TEST1\P001.txt): failed to open stream: Invalid argument in C:\xampp\htdocs\digi\index.php on line 72

和我的PHP代码：

echo $fs = fopen("\\\\192.168.183.28\\DIGI_PROG\\M10\\TEST1\\P001.txt","r");

奇怪的是，当我尝试打开该网址时，它已被打开。为了确保该文件存在。

有什么建议吗？

Answer 1

不要使用fopen()，file_get_contents()函数是将文件内容读入字符串的首选方法。如果您的操作系统支持，它将使用内存映射技术来提高性能。

像这样： file_get_contents('http://192.168.183.28/DIGI_PROG/M10/TEST1/P001.txt');

编辑：如果要打开共享网络资源上的文件，请使用此（例如，注意路径中没有双斜杠）：

file_get_contents('/path/to/mount/path/to/file.txt');

注意：

如果您要打开包含特殊字符（例如空格）的URI，则需要使用urlencode()对URI进行编码。

Answer 2

非常基本的尝试应该是：

$filename = '/path/to/foo.txt';

if (file_exists($filename)) 
{
    echo "The file $filename exists";
} 
else 
{
    echo "The file $filename does not exist";
}

如果你得到的文件不存在，很明显你的路径错了或文件确实不存在，这不应该是这种情况，因为你在文件系统上检查了它。检查拼写。我不确定你应该把那么多的反斜杠放在那里。你试过fopen（\ \ 192.168.183 ......）吗？

在Windows平台上，请小心转义文件路径中使用的反斜杠，或使用正斜杠。

<?php
$handle = fopen("c:\\folder\\resource.txt", "r");
?>

希望这有助于找到原因问候弗拉基米尔

Answer 3

如果你阅读了文档，你会看到

resource fopen ( string $filename , string $mode [, bool $use_include_path = false [, resource $context ]] )

其中

filename is of the form "scheme://...", it is assumed to be a URL and PHP

我建议您使用以下

fopen('http://192.168.183.28/DIGI_PROG/M10/TEST1/P001.txt','r')

或使用file_get_contents（确保allow_url_fopen设置为1后）

PHP fopen（）无法正常运行

3 个答案: