Question

我有这个PHP函数来验证以表格形式上传的文件类型及其扩展名：

    public function acceptedFileTypes($valueofformfield, $fieldname) {     
        $allowed = array('doc', 'pdf', 'docx', 'jpg', 'gif','png');      
        $value = $_FILES[$valueofformfield]['name'];         //UNDEFINED VARIABLE
        $extension = end(explode(".", $value));

        $valid = !in_array($extension, $allowed); //STRICT STANDARDS: ONLY VARIABLES SHOULD BE PASSED BY REFERENCE 

        if ($valid  == FALSE) {
            $this->emailErrors[] = "Your uploaded files cannot be accepted; only .doc, .docx, .pdf, or .jpg files only in $fieldname";
        }
        return

var_dump（$ _ FILES）揭示：

array (size=1)
  'fileAttach' => 
    array (size=5)
      'name' => string 'mysql.init' (length=10)  //EXAMPLE FILE USED
      'type' => string 'application/octet-stream' (length=24)
      'tmp_name' => string 'C:\wamp\tmp\phpD106.tmp' (length=23)
      'error' => int 0
      'size' => int 101

如果你在笔记上注意到，那么我试图找到答案时就会出现错误。我的PHP代码有什么问题。具体是：

是什么让'$ value = $ _FILES [$ valueofformfield] ['name'];'一个未定义的变量？
$ extension = end（explode（“。”，$ value））;获取上传文件扩展名的有效表达式？
是什么让$ valid =！in_array（$ extension，$ allowed）;传递参考的错误方式？

我在这里和其他网站搜索了答案，但无济于事。

帮助非常感谢这位新手。谢谢

Answer 1

$ value = $ _FILES [$ valueofformfield] [＆＃39; name＆＃39;];

我的估计，valueofformfield的价值不是＆＃39; fileAttach＆＃39; .... var_dump是你的朋友！

也许它是：$ value = $ _FILES [$ fieldname] [＆＃39; name＆＃39;]; - ＆GT; //没有你形式的盲目猜测。

如果您未定义警告，则不会设置$ value，因此param不存在。这给出了这个错误：只有变量才能通过引用传递。这里抛出错误：$ extension = end（explode（＆＃34;。＆＃34;，$ value））;

检查params / keys是否存在（isset）以防止错误！

$ valid =！in_array（$ extension，$ allowed）; - ＆GT;你的支票应该如何保存？将.exe文件重命名为docx将使用此检查上传。

undefined index $ _FILES文件上传

1 个答案: