Question

当我翻转一个元素时（我看到包含该元素的整体数据），我试图预览一些东西，当我推出时，一切都恢复原样。问题是当我快速移动鼠标光标时，鼠标输出方法没有发生，数据仍然更新，我不想这样做。知道我怎么能这样做吗？

$(document).on("mouseover", ".checkRezolvata", function(e){
var idTemp = "";
idTemp = $(this).parent().parent().parent().attr("id");
data = {
id: idTemp,
set: 1    }

$.ajax({
    type: "POST",
    url: "crm/setRezolvataTemp.php",
    data: data,
    async: false,
    success: function(data){
    if(data == 1) {
        getStats();
        getTarget();                            
    } else 
    alert("Eroare la schimbarea starii crmului temp!");
    },error: function(){
    alert("eroare");
    }
});             
});

$(document).on("mouseout", ".checkRezolvata", function(){
var idTemp = "";
idTemp = $(this).parent().parent().parent().attr("id");
data = {
id: idTemp,set: 0}

$.ajax({
type: "POST",
url: "crm/setRezolvataTemp.php",
data: data,
async: false,
success: function(data){
    if(data == 1) {
    getStats();
        getTarget();                            
} else 
alert("Eroare la schimbarea starii crmului temp!");
},error: function(){
alert("eroare");
}
});             
});

Answer 1

您可以在jQuery中尝试mouseenter和mouseleave事件处理程序。 mouseover和mouseout通常有点棘手，另请参阅：

http://api.jquery.com/mouseenter/

http://api.jquery.com/mouseleave/

mouseenter事件在处理事件冒泡的方式上与鼠标悬停不同。如果在此示例中使用鼠标悬停，则当鼠标指针移过Inner元素时，将触发处理程序。这通常是不受欢迎的行为。另一方面，mouseenter事件仅在鼠标进入绑定的元素而不是后代时触发其处理程序。因此，在此示例中，处理程序在鼠标进入外部元素时触发，而不是内部元素。

jquery mouseover和mouseout bug

1 个答案: