Question

我正在尝试创建各种地址簿。

我可以成功连接到数据库并使用php脚本插入数据。

我甚至设法显示我的表行的json编码数据，但我不知道我是否做得对。

我实际想要完成的任务：

我希望能够发出一个ajax请求说明和ID，然后取回所有该ID的相应数据，（包装在Json中 - 至少我认为它需要......）。
使用ajax脚本，我希望能够将返回的相应数据保存到html文件中的输入字段。

我还想知道尝试将HTML返回到ajax调用是否更好，并将数据输入到html输入字段中？

到目前为止，我的成功有限，但到目前为止我已经有了......

我有一个数据库连接脚本：

$host = "localhost";
$user = "user";
$pass = "pass";
$db = "data_base";

$mysqli = new mysqli($host, $user, $pass, $db);

if($mysqli->connect_error) 
 die('Connect Error (' . mysqli_connect_errno() . ') '. mysqli_connect_error());

return $mysqli;

包含以下列的mysql ISAM DB：

    id, user, pass, nickname, address, facebook, twitter, linkedin, youtube
    ID should be unique
    User is an index
    Pass is an index
    nickname is an index
    address is primary - though its possible that id should be...
    Facebook, Twitter, Linkedin, and Youtube are all indexes.

注意：我很乐意改变索引，主要等等，因为有人认为合适......

已编辑！**现在是我的查询页面：

error_reporting(E_ALL); ini_set("display_errors", 1);
include 'db/dbcon.php';
//Start connection with SQL
$q = "SELECT * FROM `cfaddrbook` WHERE key = '111111'";
$res = $mysqli->query($q) or trigger_error($mysqli->error."[$q]");
$array = array(); // initialize
while($row = $res->fetch_array(MYSQLI_BOTH)) {
$array[] = array(
'key' => $row[0],
'username' => $row[1],
// ... continue like this
);
}
header('Content-Type: application/json');
echo json_encode($array);
$res->free();
$mysqli->close();

现在，上面的脚本似乎运行正常。至少它在浏览器中加载php页面时显示正常。

但是当我用这个脚本进行ajax调用时：

$(document).ready(function(){ 
$.ajax({
        type: "POST",
        url: "queries.php",
        dataType: 'json',
        data: "",
        cache: false,
        success: function(result)
            {
                var cfkey = result[0];
                var user = result[1];
                alert("cfkey:" + cfkey + "user:" + user);
            }
    });
});

加载此代码后，chrome控制台会指出服务器返回错误500。

再次，我想要完成的任务：

我希望能够发出一个ajax请求说明和ID，然后取回所有该ID的相应数据，（包装在Json中 - 至少我认为它需要......）。
使用ajax脚本，我希望能够将返回的相应数据保存到html中的输入字段。

修改最后发现我与Majid讨论的问题是SQL查询。 key需要包含在`characters。

Answer 1

执行查询后结果集在$res中可用时，您可以构建阵列，不需要单独的foreach：

$array = array(); // initialize
while($row = $res->fetch_array(MYSQLI_BOTH)) {
  $array[] = array(
    'id'       => $row[0],
    'username' => $row[1],
    'password' => $row[2],
    'nick'     => $row[3],
    'addr'     => $row[4],
    'facebook' => $row[5],
    'twitter'  => $row[6],
    'linkedin' => $row[7],
    'youtube'  => $row[8]
  );
}
header('Content-Type: application/json');
echo json_encode($array);

另请注意，这样，您的json将拥有密钥，因此要使用密钥，您应该更改：

success: function(result) {
  var cfkey = result[0];
  var user = result[1];
  alert("cfkey:" + cfkey + "user:" + user);
}

到

success: function(result) {
  var cfkey = result.id;
  var user = result.username;
  alert("cfkey:" + cfkey + "user:" + user);
}

或者只是做

$.getJSON('queries.php', {cfkey: $("#cfkey").val()}, function(result) {
  // we have multiple results
  $.each(result, function(i,r) {
    console.log("cfkey:" + r.key + "user:" + r.username);
  });
});

编辑：@amurrell指出添加标题

Answer 2

我相信你期望query.php返回json（到你的ajax），因此你需要在queries.php中使用内容头类型！

header('Content-Type: application/json');

Answer 3

您需要更多有用的错误消息。尝试在代码的开头添加以下行。

的error_reporting（E_ALL）; ini_set（“display_errors”，1）;

Answer 4

您输出JSON的脚本正在编写几个有效的JSON字符串（每个数据库行一个），但它们不会添加到有效的JSON文件中。 JSON文件应该代表一个JSON对象。

如果要传递ID并返回一个数据库行，则必须将该ID添加到AJAX调用的data部分，并修改queries.php以从其{{1}传递该ID数组进入MySQL查询的$_POST部分。然后，您只输出一个JSON编码的对象而不是多个，这将是一个有效的JSON文件。

（或者，如果您想要整个表格，则可以单独WHERE整个json_encode()数组，而不是每个$rows数组。）

另外，如果您在PHP中使用$row字符串索引数组，则按名称而不是索引在Javascript中读取其属性。您已经遇到了在PHP中命名密钥的麻烦，然后切换回尝试通过Javascript中基于0的索引引用它们。你可以选择一种方式，但你只能选一种！

如何：正确使用PHP将数据编码为JSON格式，并使用jquery / ajax请求数据

4 个答案: