Question

我有一个方法接受一个InputStream作为参数。如何找到传递的处理程序正在处理的文件？

例如：

public performSomething(InputStream inputStream) {
    System.out.println(FILENAME);
}

应该替换FILENAME，以便显示处理程序打开的文件名。

Answer 1

我猜你不能，因为输入流可能不属于文件。例如，它可以是SocketInputStream或ByteArrayInputStream。输入流只是一个抽象

Answer 2

可以创建输入流以从文件或任何其他数据源读取。因此，将文件名附加到输入流是没有意义的。

简单示例：

InputStream input= assetInfo.openStream();
    File t = new File("");

    OutputStream out = new FileOutputStream(t);

    int read=0;
    byte[] bytes = new byte[1024];

    while((read = input.read(bytes))!= -1){
        out.write(bytes, 0, read);
    }

查看assetInfo以查看该类是否公开该数据（您甚至可以使用反射查看该类）。请注意，创建者或assetInfo在设计错误时没有公开此信息，或者您正在尝试制作一个。

Answer 3

即使您确定自己拥有FileInputStream，您仍然无法获取基础文件。 FileInputStream不保留其File参数，但会立即打开文件并仅保留FileDescriptor，这是OS资源的本地int句柄的包装。

从OpenJDK版本7，Update 40开始，引入了String path变量，所以运气好的话，你可能会尝试反射获取它。

当然，这只不过是heurstics。公共API没有官方方式。

如何获取inputStream使用的文件名？

3 个答案: