Question

我在回显用户输入时创建了一个表单，当我从index.php转到second.php时，它的工作非常完美

但是当我尝试在同一个index.php中回显我的帖子时，它给了我一个错误？我很困惑为什么。语法是100％正确其他明智它不会在第2页工作，我也看了w3schools

抱歉，我试过YouTubing和谷歌搜索，但每个信息都转移到第二页

<html>
    <body>

        <form method="post">
            Name: <input type="text" name="name"><br>
            E-mail: <input type="text" name="email"><br>
            <input type="submit">
        </form>

        <?php echo $_POST['name']; ?>
        <?php echo $_POST['email']; ?>

    </body>
</html>

Answer 1

您遇到的问题是，在您发布（提交表单）之后，变量中的信息仅可用，因此在发布之前，$ _POST数组为空。你可以这样做来检查两种可能性：

<?php
if (isset($_POST['name'])) {
    $name = $_POST['name'];
} else {
    $name = '';
};

if (isset($_POST['email'])) {
    $email = $_POST['email'];
} else {
    $email = '';
};
?>
<html>
    <body>

        <form method="post">
            Name: <input type="text" name="name"><br>
            E-mail: <input type="text" name="email"><br>
            <input type="submit">
        </form>

        <?php echo $name; ?>
        <?php echo $email; ?>

    </body>
</html>

Answer 2

您必须将页面绑定到自身，当您单击“提交”按钮时，它将使用以下代码将文件重新发送到浏览器：action=""这样您就可以根据需要回显变量。

<?php
    if (isset($_POST['name'])) {
        $name = $_POST['name'];
    } else {
        $name = '';
    }

    if (isset($_POST['email'])) {
        $email = $_POST['email'];
    } else {
        $email = '';
    }
    ?>


    <html>
        <body>

            <form action="" method="post">
                Name: <input type="text" name="name"><br>
                E-mail: <input type="text" name="email"><br>
                <input type="submit">
            </form>

            <?php echo $name; ?>
            <?php echo $email; ?>

        </body>
    </html>

NB：如果您计划在两个单独的页面中使用此答案中的整个代码，则可以将表单的操作设置为action="nameofthefile.php"，使用PHP并将该文件命名为{{ 1}}

Answer 3

当您加载index.php文件时，服务器会读取文件中存在的PHP，如何检查$_POST是否有值，然后尝试回显值。

为什么我可以在同一页面回应我自己的PHP，但可以在另一个？

3 个答案: