Question

我有以下情况：我的问题围绕使用强类型枚举类作为标志（就像在C＃中使用Flags-Attribute一样）。我知道这不是枚举类首先使用的方式，但这不是这个问题的重点。

我已经定义了几个在这些枚举类上使用的运算符和函数，以及一个自定义类型特征，用于区分常规枚举和Flag-enums。这是一个例子：

// Default type_trait which disables the following operators
template <typename T> struct is_flags : std::false_type {};

// Example operator to use enum class as flags
template <typename T>
std::enable_if_t<std::is_enum<T>::value && is_flags<T>::value, T&>
operator|=(T &t1, const T t2)
{
    return t1 = static_cast<T>(static_cast<std::underlying_type_t<T>>(t1) | 
                               static_cast<std::underlying_type_t<T>>(t2));
};

现在，如果我定义任何enum class，我可以执行以下操作：

enum class Foo { A = 1, B = 2 };

enum class Bar { A = 1, B = 2 };

// Declare "Bar" to be useable like Flags
template <> struct is_flags<Bar> : std::true_type {}; 

void test()
{
    Foo f;
    Bar b;
    f |= Foo::A; // Doesn't compile, no operator |=
    b |= Bar::A; // Compiles, type_trait enables the operator
}

上面的代码工作正常，并使用宏进行模板专业化，它几乎看起来像非常方便的C＃Flags-Attribute。

但是，当在命名空间范围内未定义enum class时，我遇到了一个问题：

struct X
{
    enum class Bar { A = 1, B = 2 };

    // Following line gives: C3412: Cannot specialize template in current scope
    template <> struct is_flags<Bar> : std::true_type {};
}

类型特征不能在这里专门化。我需要在X之外定义特征，这是可能的，但是将“Flag-Attribute”与枚举声明分开。在我们的代码中使用它会很好，因为标志在整个地方使用，但是以一种相当古老的方式（int + #define）。到目前为止，我发现这个问题的所有解决方案都集中在类而不是枚举上，其中解决方案更简单，因为我可以将特征定义为类本身的成员。但是，枚举不能继承，包含typedef或者将某个枚举类与另一个枚举类区分开来可能需要的任何东西。

那么是否有可能在类范围中定义某种特征，可以在全局命名空间范围内使用它来识别特殊的枚举类类型？

编辑：我应该补充说我正在使用Visual Studio 2013.

更新：感谢您的答案，标签解决方案非常有效，尽管我必须做出微妙的改变（在此过程中使其变得更加简单）。我现在正在使用这种自定义类型特征：

template <typename T>
struct is_flags
{
private:
    template <typename U> static std::true_type check(decltype(U::Flags)*);
    template <typename> static std::false_type check(...);

    typedef decltype(check<T>(0)) result;
public:
    static const bool value = std::is_enum<T>::value && result::value;
};

现在，我需要做的就是将Flags添加到枚举类中，无论它在什么范围内：

enum class Foo { Flags, A = 0x0001, B = 0x0002 };

有关类似问题和解决方案，另请参阅here。

更新2：从Visual Studio 2013 Update 2开始，当is_flags特征应用于ios-base标头时，此解决方案将导致编译器崩溃。因此，我们现在使用一种不同的，更清晰的方法，我们使用一个模板类作为enum class的存储，并定义所有运算符，而不需要任何类型特征魔法。可以使用基础enum class隐式创建模板类，并使用基础类型显式创建模板类。有魅力，而不是enable_if - 混乱。

Answer 1

这是一个使用ADL而不是特征的丑陋解决方案（当然你可以隐藏特征中的ADL）：

新操作员模板：

struct my_unique_enum_flag_type;

// Example operator to use enum class as flags
template <typename T>
enable_if_t<std::is_enum<T>::value
            && std::is_same<decltype(is_flags(std::declval<T>())),
                            my_unique_enum_flag_type>::value, T&>
operator|=(T &t1, const T t2)
{
    return t1 = static_cast<T>(static_cast<underlying_type_t<T>>(t1) | 
                               static_cast<underlying_type_t<T>>(t2));
};

is_flags Bar的定义：

struct X
{
    enum class Bar { A = 1, B = 2 };

    friend my_unique_enum_flag_type is_flags(Bar);
};

int main()
{
    X::Bar a = X::Bar::A;
    a |= X::Bar::B;
}

（最好使用比is_flags更独特的名称用于ADL）

Answer 2

您可以标记枚举本身：

#include <type_traits>

template<typename T>
struct is_flags {
    private:
    typedef typename std::underlying_type<T>::type integral;
    template<integral> struct Wrap {};

    template<typename U>
    static constexpr std::true_type check(Wrap<integral(U::EnumFlags)>*);

    template<typename>
    static constexpr std::false_type check(...);

    typedef decltype(check<T>(0)) result;

    public:
    static constexpr bool value = std::is_enum<T>::value && result::value;
};

namespace Detail {
    template <bool>
    struct Evaluate;

    template <>
    struct Evaluate<true> {
        template <typename T>
        static T apply(T a, T b) { return T(); }
    };
}

template <typename T>
T evalueate(T a, T b)
{
    return Detail::Evaluate<is_flags<T>::value>::apply(a, b);
}

enum class E{ A = 1, B, C };
struct X {
    enum class F{ EnumFlags, A = 1, B, C };
};

int main ()
{
    // error: incomplete type ‘Detail::Evaluate<false>’ used in nested name specifier
    // evalueate(E::A, E::B);
    evalueate(X::F::A, X::F::B);
}

如何在类范围中定义/特化type_trait？

2 个答案: