Question

这可能是一个非常简单的解决方案，但我真的无法理解。如果我插入我的数据库，我必须按两次插入按钮才能工作..我的猜测是它与我在一个文件中使用2个表单或仅仅因为我在一个文件中完成所有操作。请帮帮我。

感谢

代码：

<?php
/*require "link.php";*/
?>
<html>
    <head>
        <!--<link rel="stylesheet" type="text/css" href="css.css">--> <!-- verwijzing naar je css -->
        <!--<script type="text/javascript" src="js.js"></script>-->
    </head>
    <header>
    </header>
    <article>
        <div id="cards">
            <?php 
            $host = "localhost";
            $user = "root";
            $pwd = "";
            $db_name = "flashcards";
            $link = mysqli_connect($host, $user, $pwd, $db_name)or die("cannot connect");
            $array = array();
            $IDarray = array();

            ini_set('display_errors', 1);
            error_reporting(E_ALL);

            $sql = mysqli_query($link, "SELECT * FROM Questions ORDER BY ID ASC ") or die(mysqli_error($link)); 
            echo "<form action='".$_SERVER['PHP_SELF']."' method='post'><table border='1'>";
            while ($rows = mysqli_fetch_assoc($sql))
            {
                echo "<tr id='".$rows['ID']."'><td>".$rows['Question']."</td><td><input type='text' name='Answer[]' id='V".$rows['ID']."'></input></td></tr>";
                $array[] = $rows["Answer"];
                $IDarray[] = $rows["ID"];
            }  
            echo "</table><input type='submit' name='submit'></input></form>";

            $i = 0;
            $count = sizeof($IDarray);
            if(!empty($_POST['Answer']))
            { 
                foreach($_POST['Answer'] as $answer)
                {
                    if (isset($_POST['Answer'])) {
                        if ($answer == $array[$i])
                        {
                            echo "<script>document.getElementById('".$IDarray[$i]."').style.background='green'; document.getElementById('V".$IDarray[$i]."').value='".$array[$i]."'</script>";
                        }
                        elseif ($answer !== $array[$i])
                        {
                            echo "<script>document.getElementById('".$IDarray[$i]."').style.background='red'; document.getElementById('V".$IDarray[$i]."').value='".$answer."'</script>";
                            $count = $count-1;
                        }
                        $i ++;
                    }
                }echo $count." van de ".sizeof($IDarray)." goed";
                if ($count == sizeof($IDarray))
                {
                    header('Location: http://localhost:1336/php3/');
                }
            }

            echo "</br></br>insert";
            echo "<form action='".$_SERVER['PHP_SELF']."' method='post'><table border='1'>";
            echo "<tr><td>vraag</td><td><input type='text' name='vraag'></input></td><td>antwoord</td><td><input type='text' name='antwoord'></input></td></tr>";
            echo "</table><input type='submit' name='submitinsert' value='insert'></input></form>";

            if ($_POST['vraag'] != "") {
                $vraag = $_POST['vraag'];
                $antwoord = $_POST['antwoord'];
                mysqli_query($link, "INSERT INTO questions (Question, Answer) VALUES (".$vraag.",".$antwoord.");") or die(mysqli_error($link)); 
            }
            ?> 
        </div>
    </article>
    <footer>
    </footer>
</html>

Answer 1

问题是您在与生成表单的脚本相同的脚本中处理表单提交。结合您第一次查询数据库的事实，生成一个包含您已经存储的内容的表单，然后添加用户可能发布的任何数据，你'永远不会看到您添加的数据在您提交表单的第一次出现时显示出来将插入查询移到顶部（在生成表单之前），或者单独关注

让我告诉你我的意思：

//don't OR DIE
$sql = mysqli_query($link, "SELECT * FROM Questions ORDER BY ID ASC ") or die(mysqli_error($link));
echo "<form action='".$_SERVER['PHP_SELF']."' method='post'><table border='1'>";
while ($rows = mysqli_fetch_assoc($sql))
{//build form here
}
/*
CODE HERE
*/
if ($_POST['vraag'] != "") {
    //insert here, after form is generated
}

因此，您查询的数据不能包含提交的表单数据但是，代码还存在一些其他问题，例如or die：不要这样做。与您的编码风格保持一致（同一个脚本中的allman括号+ K＆amp; R是混乱的）。正确地缩进你的代码并且这个：

if ($_POST['vraag'] != "") {
}

应该是：

if (isset($_POST['vraag'])) {
}

您正在将可能不存在的数组的键与空字符串进行比较，而应检查该数组键是否存在。使用isset。

我可以继续下去，但我现在就把它留在那里。还有一件事：再次 - ＆gt; separrate关注！表示层（输出：HTML等）不应包含数据库连接内容。这应该在其他地方完成使用AJAX异步处理表单（因为提交的内容已添加到已存在的表中），或者至少使用单独的脚本。让一个脚本完成所有工作很快就会让你为一堆意大利面条代码哭泣

Answer 2

它没有提交两次，实际上它在插入后没有加载数据，

尝试添加

        if ($_POST['vraag'] != "") {
            $vraag = $_POST['vraag'];
            $antwoord = $_POST['antwoord'];
            echo "are you sure?";
            mysqli_query($link, "INSERT INTO questions (Question, Answer) VALUES (".$vraag.",".$antwoord.");") or die(mysqli_error($link)); 
        }

之前

  $sql = mysqli_query($link, "SELECT * FROM Questions ORDER BY ID ASC ") or   
  die(mysqli_error($link));

这将在保存当前记录后选择您的记录。

双击需要插入数据库

2 个答案: