无法获取网址的内容

Question

我无法从链接中获取内容 http://raindrops.in/ainvvy/view/527a727a4251df44558b4567

我尝试了帖子How do I get the HTML code of a web page in PHP?

中提供的file_get_contents和curl

请帮助我获取链接的内容。我想将它保存到变量中。

Answer 1

以下代码对我有用。

echo @file_get_contents('http://raindrops.in/ainvvy/view/527a727a4251df44558b4567');  

确保您的php.ini文件中有 allow_url_fopen = On

Answer 2

如果您的php.ini文件中没有allow_url_fopen = on，则可以使用“cUrl”来获取远程页面。 cUrl Manual Page

Answer 3

好吧，这个网站在很大程度上依赖于AJAX的内容，所以只获得源代码（你用cUrl或file_get_contents做的只会给你一个空页。

您有2个选择来获取“真实”内容（播放器演示）：

• 了解这些Ajax调用的格式和逻辑并实现它们。您的例子中的AJAX调用可以使用cUrl
完成

卷曲'http://raindrops.in/rest/ainvvy/527a727a4251df44558b4567' - H'Cookie：__ utma = 161727679.1871000365.1388669242.1388669242.1390391663.2; __utmb = 161727679.3.10.1390391663; __utmc = 161727679; __utmz = 161727679.1390391663.2.2.utmcsr = stackoverflow.com | utmccn =（referral）| utmcmd = referral | utmcct = / questions / 20967366 / not-able-to-the-contents-of-url'-H' Accept-Encoding：gzip，deflate，sdch'-H'Accept-Language：en-US，en; q = 0.8，fr-FR; q = 0.6，fr; q = 0.4'-H'User-Agent：Mozilla / 5.0（X11; Linux x86_64）AppleWebKit / 537.36（KHTML，与Gecko一样）Chrome / 32.0.1700.77 Safari / 537.36'-H'接受：application / json，text / javascript， / ; q = 0.01'-H'Referer：http://raindrops.in/ainvvy/view/527a727a4251df44558b4567'-H'X-Requested-With：XMLHttpRequest'-H'连接：keep-alive'-H'Cache-Control：max-age = 0' - 压缩）

• 或使用浏览器实际解释javascript并进行AJAX调用。对于此选项，您可以使用Phantomjs http://phantomjs.org/，它非常适合实现浏览器行为的自动化（这是一个浏览器，一个webkit实现，您可以在javascript中编写脚本）。