Question

我在调用类中的静态函数时遇到使用变量作为类名的问题。我的代码如下：

class test {
     static function getInstance() {
         return new test();
     }
}

$className = "test";
$test = $className::getInstance();

我必须将类名定义为变量，因为类的名称来自数据库，所以我永远不知道要创建实例的类。

注意：目前我收到以下错误：

Parse error: syntax error, unexpected T_PAAMAYIM_NEKUDOTAYIM

由于

Answer 1

$test = call_user_func(array($className, 'getInstance'));

请参阅call_user_func和callbacks。

Answer 2

您可以使用reflection API，这样可以执行以下操作：

$className = 'Test';
$reflector = new ReflectionClass($className);
$method = $reflector->getMethod('getInstance');
$instance = $method->invoke(null);

甚至：

$className = 'Test';
$reflector = new ReflectionClass($className);
$instance = $reflector->newInstance(); 
// or $instance = $reflector->newInstanceArgs([array]);
// or $instance = $reflector->newInstanceWithoutConstructor();

对我而言，两者似乎都比直接将字符串的值解释为类名或使用call_user_func和朋友更清晰。

PHP：变量名作为类实例

2 个答案: