Question

我正在转向mysqli - 我知道有些人会说我应该去PDO - 但那不是我现在所处的位置。我的第一份准备好的声明不起作用，我不知道为什么。我查看了PHP文档，看起来我没事。我没有收到错误 - 我确实引发了错误情况并获得了消息。它可能只是在fetch_assoc部分。请参阅以下内容：

我感谢任何帮助。

$link = mysqli_connect("localhost","user","pass","db") or trigger_error($link->error);
mysqli_set_charset($link,"utf8");

error_reporting(E_ERROR | E_WARNING | E_PARSE | E_NOTICE);
$ct=count($arr3_modid);
if(!($stmt = $link->prepare("SELECT vbrands.* FROM vbrands WHERE model_id=? ORDER BY  price"))){
echo "Prepare failed: (" . $link->errno . ") " . $link->error;  }

$i=0;
for($i=0;$i <= $ct-1; $i++){
$arr3_int=(int)$arr3_modid[$i];

if(!($stmt->bind_param("i", $arr3_int))){
echo "Bind failed: (" . $stmt->errno . ") " . $stmt->error; }

if(!($stmt->execute())){
echo "execute failed: (" . $stmt->errno . ") " . $stmt->error;  }

if(!($res = $stmt->get_result())){
echo "res  failed: (" . $stmt->errno . ") " . $stmt->error; }

while($r3=$res->fetch_assoc()){
echo $r3['version_id];
echo.......
}
}

变量$arr3_modid是一个字符串数组。

Answer 1

考虑使用error_reporting(E_ALL);
$i=0;以上for($i=0不是必需的。
echo.......给出错误，我考虑你压缩了部分代码，如果没有，这是你的错误，并且对error_reporting的调用无法正常工作。
检查您是否使用PHP 安装/编译了MySQLi扩展程序。

mysqli准备好的声明不起作用

1 个答案: