Question

我在WPF中有项目。

问题是，当我将App.xaml文件移动到子文件夹时，它不想编译，因为它找不到main方法。

如何强制Project启动应用程序，并在App.xaml文件中设置窗口作为StartUp Window？

我使用Visual Studio 2010 express。

编辑：

我的App.xaml

<Application x:Class="TraceabilityLoader.App"
             xmlns="http://schemas.microsoft.com/winfx/2006/xaml/presentation"
             xmlns:x="http://schemas.microsoft.com/winfx/2006/xaml"
             StartupUri="View/VmainWindow.xaml">
    <Application.Resources>

    </Application.Resources>
</Application>

项目中的子文件夹：

查看，模型，ViewModel等....

Answer 1

我使用OnStartup使用自定义启动窗口解决此问题： App.xaml中

<Application x:Class="Pin.Visualisation.App"
             xmlns="http://schemas.microsoft.com/winfx/2006/xaml/presentation"
             xmlns:x="http://schemas.microsoft.com/winfx/2006/xaml"
             Startup="OnStartup">
    <Application.Resources>

    </Application.Resources>
</Application>

App.xaml.cs

namespace Pin.Visualisation
{
    public partial class App : Application
    {
        private void OnStartup(object sender, StartupEventArgs e)
        {
            var view = new MainWindow();
            view.Show();
        }
    }
}

我的MainWindow存储在View / MainWindow中。它对你有用吗？

Answer 2

包含主要方法（App.xaml，App.xaml.cs）的类必须位于启动项目的根目录中，才能自动检测它们。

如果您希望它们位于子文件夹中，则必须手动指定启动对象：

右键单击项目
导航至“应用程序设置”标签
从启动对象下拉列表中选择。

按照惯例，您的启动对象确实应该在根目录中。

Answer 3

如果您只是想将App.xaml移动到子文件夹，因为您想组织结构。您可以将命名空间保留在第一级。

namespace WpfApplication3 <-----
{
    /// <summary>
    /// Interaction logic for App.xaml
    /// </summary>
    public partial class App : Application
    {
    }
}

如果不是，你必须像@Gusdor那样做

Answer 4

好的，我找到了解决问题的方法。将App.xaml移动到其他文件夹后，visual studio将Build Action从应用程序定义更改为Page。改回来解决问题。

c＃WPF无法设置启动

4 个答案: