Question

我正在学习C和C＃，这个问题适用于C＃。我有一个应用程序，我想在我的C：\驱动器上打开文件。我可以使用OpenFileDialog打开任何类型的文件吗？这是怎么做到的？

以下是代码：

    case 1:
       openSomething();
       break;


    private static void openSomething()
    {
        OpenFileDialog open = new OpenFileDialog();
        open.Filter = "All Files (*.*)|*.*";
        open.ShowDialog();
        if (open.ShowDialog() == DialogResult.OK)
        {
            File.Open(open.FileName);  // I want to do something like this
        }
    }

在文件程序中是否有类似System.Diagnostics.Process.Start的内容，所以我使用openfiledialog获取文件名，然后我的代码用默认应用程序打开文件？

编辑：我回答了我自己的问题

    private static void openSomething()
    {
        OpenFileDialog open = new OpenFileDialog();
        open.Filter = "All Files (*.*)|*.*";
        if (open.ShowDialog() == DialogResult.OK)
        {
            System.Diagnostics.Process.Start(open.FileName);
        }
    }

Answer 1

通常程序会尝试使用Filter属性限制OpenFileDialog列出的文件类型，但是，如果要允许打开任何类型的文件，请在设置此属性（在调用ShowDialog之前）时使用某些内容像这样

open.Filter = "All Files (*.*)|*.*";

意味着您的用户可以选择各种文件。

请记住，Filter属性只是为最终用户提供快速选择的工具，如果您设置了任何专用过滤器，OpenFileDialog本身也可以打开任何类型的文件。
您的用户需要做的就是在文件名文本框空间中键入*.*，他/她可以选择任何类型的文件（当然，只有当他/她具有所需的文件/文件夹访问权限时）

ShowDialog返回DialogResult.OK后，您可以检查Filename属性中是否选择了某些内容，如果要使用与文件扩展名关联的默认应用程序打开文件，则使用Process.Start

if (open.ShowDialog() == DialogResult.OK)
{
   if(open.FileName.Trim() != string.Empty)
   {
         Process.Start(open.FileName);  
   }
}

当然，如果文件选择没有关联的默认程序（例如，如果用户选择了一个DLL？），这可能会有问题，所以也许最好应用过滤器来只选择一个众所周知的文件类型的子集。但这取决于您的要求。

Answer 2

OpenFileDialog实际上只是一个让用户选择文件或多个文件的窗口。它不会打开任何文件。关闭对话框后，可以从FileName或FileNames属性中检索所选的文件名。打开和读取/编辑文件是一项独立的任务。

我可以使用OpenFileDialog打开硬盘上的所有文件

2 个答案: