Question

我在访客的PC上设置了一个cookie，每24小时显示一次通知。最近我开始在错误日志中收到以下错误：

PHP: undefined index notice in **

我使用以下代码检查cookie是否存在值，如果没有显示通知：

if($_COOKIE['notice'] != 'yes')  
   echo 'notice';
}

我可以使用以下内容来避免PHP通知：

if((isset($_COOKIE['notice']) || !isset($_COOKIE['notice'])) && $_COOKIE['notice'] != 'yes')

有没有办法像我一样或以类似的方式一步完成检查？

由于

Answer 1

源中的索引'notice'与错误消息中报告的索引'test'不匹配。为避免出现通知，请在读取变量或索引之前对其进行验证。以下是验证的两个功能。

isset（）函数

是否正确检查变量/索引是否设置而不是NULL

if (isset($_COOKIE['notice']) && $_COOKIE['notice'] == 'yes') {
  // success
  echo 'Cookie equals "yes".';
}

你可以使用＆amp;＆amp; （和）对于第二个条件，也必须为真。

空（）

是否检查索引/变量不存在或者具有被视为空的值（NULL，0，''，array（））。

if (empty($_COOKIE['notice']) || $_COOKIE['notice'] != 'yes') {
   // error
  echo 'Cookie does not exists, is empty or does not equal "yes".';
}

你可以使用|| （或）将其与需要为FALSE的其他条件相结合。

Answer 2

在尝试查找内部的内容之前，您始终需要知道是否设置了变量，所以是..您需要进行检查。另外，你的逻辑是错误的......你正在检查notice是否设置（总是如此）并检查notice是否为“是”。

代码应该是这样的：

if ( (!isset($_COOKIE['notice'])) || ( (isset($_COOKIE['notice'])) && ($_COOKIE['notice'] != 'yes') ) ) {
  //Show the notice
}