Question

我在我的PHP代码中调用Rest API，返回JSON。我想将其中的一些部分保存到我的数据库中，但出于某种原因，没有任何内容存储。以下是JSON应该是什么样的：

{
"url": "http://myURL.com/fujifilm-mx1700.jpg",
"mimeType": "image/jpeg",
"width": 640,
"height": 480,
"byteSize": 100227,
"exif": {"YResolution": "72/1", "Tag0xa217": "2", "ResolutionUnit": "Inch", "Compression": "6", "Copyright": "", "Tag0xa300": "[ 3 ]", "Make": "FUJIFILM", "Flash": "no", "DateTime": "2000:09:02 14:30:10", "MaxApertureValue": "3.3", "YCbCrPositioning": "2", "XResolution": "72/1", "JPEGInterchangeFormatLength": "4354", "ExposureBiasValue": "0.0", "ExposureProgram": "Program Normal", "ShutterSpeedValue": "1/169", "ColorSpace": "1", "Tag0xa20e": "1087/1", "Tag0xa20f": "1087/1", "ExifImageWidth": "640", "DateTimeDigitized": "2000:09:02 14:30:10", "DateTimeOriginal": "2000:09:02 14:30:10", "BrightnessValue": "76/10", "CompressedBitsPerPixel": "2/1", "Interoperability_IFD_Pointer": "708", "FNumber": "7", "ApertureValue": "5.6", "Tag0xa210": "3", "FocalLength": "9.9", "Tag0xa000": "[ 48,49,48,48 ]", "ComponentsConfiguration": "[ 1,2,3,0 ]", "ExifImageHeight": "480", "ISOSpeedRatings": "125", "Model": "MX-1700ZOOM", "Software": "Digital Camera MX-1700ZOOM Ver1.00", "Orientation": "1", "Tag0xa301": "[ 1 ]", "JPEGInterchangeFormat": "856", "MeteringMode": "5", "ExifVersion": "[ 48,50,49,48 ]"}
}

这是我的PHP

$exif = file_get_contents('http://img2json.appspot.com/go/?url=http://myURL.com/$fileName');
$response = json_decode($response, true);

foreach($response['exif'] as $item) {

$iso = $item['ISOSpeedRatings'];
$shut = $item['ShutterSpeedValue'];

$sql="INSERT INTO EXIF (uniqueID, ISO, shutterSpeed)
VALUES('$id','$iso','$shut')";  

    if (!mysql_query($sql,$link)) {
    die('Error: ' . mysql_error());
    }
}

我想在我的数据库中存储ISOSpeedRatings和ShutterSpeedValue，但它们一直空着。

我怀疑它不起作用，因为我没有正确地从JSON中检索我想要的数据，但我不太清楚该怎么做。此外，我认为值得注意的是我正在使用AppFog所以我必须确保我的.htaccess中有php_value allow_url_fopen 1，因为我无法访问php.ini文件。任何帮助，将不胜感激。

Answer 1

PHP字符串插值（使用字符串中的值替换变量名称的东西）只能在双引号字符串中起作用（据我所知）。如果我正确地读它，我的大脑仍在深夜工作，你的问题就在这里：

    $exif = file_get_contents('http://img2json.appspot.com/go/?url=http://myURL.com/$fileName');

因为你实际上是在请求文件'$filename'而不是实际在该变量中的任何内容。用双引号替换单引号，看看是否修复它。

更新：下一个问题：

    $response = json_decode($response, true);

您需要解码$exif变量。

Answer 2

尝试使用urlencode()准备您的网址。

无法在PHP中将JSON对象插入MySQL表

2 个答案: