警告：mysqli_free_result（）再次

Question

这已被问了很多，但我似乎仍无法绕过它。

我收到此错误： 警告：mysqli_free_result（）期望参数1为mysqli_result，布尔值在

中给出

在我的代码中，我有：

// Perform it
$result = mysqli_query($connection, $query);

if ($result) {
  // Success
  echo "<h1>Uploaded results to database</h1>";
} else {
echo "FAILURE: Couldn't perform query on database: " . mysqli_error($connection);
}


// Release
mysqli_free_result($result);

我读过的大多数其他解决方案都说这是因为查询可能失败了，但事实并非如此，因为我从查询中测试返回的数据以查看它是否存在，它确实存在，因此标记被执行。为什么我不能释放呢？当我使用它时，我以为我应该总是发布返回的数据？

感谢所有人！

Answer 1

您应该查看the manual。

  

失败时返回 FALSE 。对于成功的SELECT，SHOW，DESCRIBE或EXPLAIN个查询mysqli_query()将返回mysqli_result个对象。对于其他成功的查询 mysqli_query()将返回 TRUE “

我的猜测是您正在使用UPDATE查询 - 因此您会收到 TRUE （布尔值）返回。您只能对返回mysqli_free_result对象的查询使用mysqli_result。

要重新进行迭代，如果您使用SELECT，SHOW，DESCRIBE或EXPLAIN查询并且查询成功运行，您可以使用{{1 }}。

如果您使用上述4之外的任何内容（例如mysqli_free_result或INSERT），则无法使用UPDATE，因为结果始终为 TRUE < / strong>（如果成功）或 FALSE （如果失败）。

Answer 2

执行查询时生成错误时会发生这种情况 因此，$ result将具有布尔值false 您应该尝试释放内部if子句

有关详细信息，请参阅official documentation

中的“程序样式”示例

Answer 3

使用此： $result->close();