Question

我以前得到过SO的帮助。但这里有一些问题。

var userid="12";                    
                        var $form = $("<form id='form1' method='post' action='start.php'></form>");
                        form.append('<input type="hidden" name="userid" value="'+userid+'" />'); 
                        $('body').append($form);
                        window.form1.submit();

start.php

<?php
 $x=$_POST['userid'];
?>

这里有什么问题？

它在start.php

上出错

Notice: Undefined index: userid in /opt/lampp/htdocs/testCase2/start.php on line 2

Answer 1

未设置

$_POST['userid'];，在这种情况下不使用var，userid数组中没有此类变量POST。您可以使用：

if( isset( $_POST['userid'] ) ){
    $x=$_POST['userid'];
}

Answer 2

从php

中删除var

<?php
  $x=$_POST['userid'];
?>

Answer 3

只需访问

即可

<?php

 $x=$_POST['userid'];
?>

而不是var $x;

您的 <form> 应该是这样的

var userid="12";                    
                        var $form = $("<form id='form1' method='post' action='start.php'>");
                        form.append('<input type="hidden" name="userid" value="'+userid+'" /></form>'); 
                        $('body').append($form);
                        window.form1.submit();

Answer 4

您定义var $form，但后来只调用form - 您需要一致的变量名称。顺便说一句，$form有点混乱，可能会导致调试问题;为了清楚起见，请尝试objForm之类的内容。

此外，正如其他人所指出的那样，从您的PHP中删除var并使用isset()。

Answer 5

您可以尝试使用此方法，在表单标记内移动隐藏的输入。

     var $form = $("<form id='form1' method='post' action='start.php'><input type='hidden' name='userid' value='"+userid+"' /></form>");
      $('body').append($form);
      window.form1.submit();


 <?php
   if(isset($_POST['userid'])){
      $x=$_POST['userid'];
   }
 ?>

Answer 6

在您的代码中，您使用$ form作为变量，但仅使用form.append追加。请将其更改为$ form.append。请检查以下代码。希望它能够奏效。

           var userid="12";                    
           var $form = $("<form id='form1' method='post' action='start.php'></form>");
           $form.append('<input type="hidden" name="userid" value="'+userid+'" />'); 
           $('body').append($form);
           window.form1.submit();

使用隐藏表单发布数据

6 个答案: