Question

我正在尝试将用户输入的公司传递到路径以确定显示的内容。我让公司提交表单所在的页面，这是内容显示的路径。如果它是一个新的公司名称，我想包括一个mkdir。

$path = '(uploadedFiles/($_POST['companyName']))';
$dirs = scandir($path);

不确定原因，但我现在收到一个未定义的索引错误。以下是在名为admin.php的页面上询问名称的部分

print '<form action="admin.php" method="POST">'.PHP_EOL;
            print' <h4> Enter the name of the company the new uploads belong to.</h4>';
            print'    <label class="control-label"    `for="companyName">companyName</label>';`
            print'      <input type="text" name="" id="companyName" placeholder="Enter Comapny Name ">';
            print'      <button type="submit" class="btn">Enter</button>';
            print' </div>';

Answer 1

最好的方法（Zend代码样式指南）就是这样连接：

$path = 'uploadedFiles/' . $_POST['companyName']; // works with double-
                                                  // and single-quotes

但要注意：接受用户输入，未经验证进入您的系统可能会导致黑客攻击。

另一种方式是这样的：

$path = "uploadedFiles/{$_POST['companyName']}"; // double-quotes only

Answer 2

你去：

$companynamedir = $_POST['companyName'];

$path = "uploadedFiles/" . $companynamedir;

$dirs = scandir($path);

Answer 3

你应该使用双引号来处理变量，变量是$ _POST，而不是$ -POST。

$path = "uploadedFiles/{$_POST['companyName']}";

当然，在这里使用POST变量是一个很糟糕的想法

Answer 4

添加到之前说的错误（$ _POST，而不是$ -POST;混合引号和双引号），您可以使用大括号将变量回显到字符串中：

$path = "uploadedFiles/{$_POST['companyName']}";

Answer 5

$path = 'uploadedFiles/'. $_POST['companyName'] ;
if (!file_exists($path) {
    mkdir($path, 0775, true);
   }
$dirs = scandir($path);

我希望有所帮助。

如何将变量传递到PHP中的文件路径

5 个答案: