Question

如果我要阅读Python 3.2中的一些文件，比如30-40，我想将文件引用保留在列表中

（所有文件都在公共文件夹中）

无论如何我可以将所有文件打开到列表中各自的文件句柄，而无需通过file.open（）函数单独打开每个文件

Answer 1

这很简单，只需根据文件路径列表使用列表推导。或者，如果您只需要一次访问它们，请使用生成器表达式以避免一次打开所有四十个文件。

list_of_filenames = ['/foo/bar', '/baz', '/tmp/foo']
open_files = [open(f) for f in list_of_filenames]

如果您想要处理某个目录中的所有文件，请使用os.listdir功能：

import os
open_files = [open(f) for f in os.listdir(some_path)]

我假设这里有一个简单的平面目录，但是注意 os.listdir返回给定目录中所有文件对象的路径列表，无论它们是“真实”文件或目录。因此，如果您打开的目录中有目录，则需要使用os.path.isfile过滤结果：

import os
open_files = [open(f) for f in os.listdir(some_path) if os.path.isfile(f)]

此外，os.listdir仅返回裸文件名，而不是整个路径，因此如果当前工作目录不是some_path，则您需要使用os.path.join创建绝对路径

import os
open_files = [open(os.path.join(some_path, f)) for f in os.listdir(some_path) 
              if os.path.isfile(f)]

使用生成器表达式：

import os
all_files = (open(f) for f in os.listdir(some_path)) # note () instead of []
for f in all_files:
    pass # do something with the open file here.

在所有情况下，确保在完成文件后关闭文件。如果您可以升级到Python 3.3或更高版本，我建议您使用ExitStack以获得更多便利。

Answer 2

os库（特别是listdir）应该为您提供所需的基本工具：

import os
print("\n".join(os.listdir())) # returns all of the files (& directories) in the current directory

显然你会想要用它们调用open，但是这会以可迭代的形式提供文件（我认为这是你所面临的问题的关键）。此时，您可以执行for循环并打开它们（或其中一些）。

快速警告：Jon Clements在Henry Keiter的回答评论中指出，你应该注意目录，这些目录会在os.listdir和文件中显示出来。

此外，现在是编写一些过滤语句的好时机，以确保您只尝试打开正确类型的文件。你可能认为你只会在现在目录中拥有.txt文件，但是有一天你的操作系统（或用户）会有一个聪明的想法，在那里放一些东西，这可能会抛出代码中的扳手。

幸运的是，快速过滤器可以做到这一点，你可以通过几种方式实现（我只是展示一个正则表达式过滤器）：

import os,re
scripts=re.compile(".*\.py$")
files=[open(x,'r') for x in os.listdir() if os.path.isfile(x) and scripts.match(x)]
files=map(lambda x:x.read(),files)
print("\n".join(files))

请注意，我没有检查是否有权访问该文件，所以如果我能够在目录中看到该文件但没有读取它的权限，那么我会遇到异常。

Python - 打开连续文件而不是实际打开每个文件

2 个答案: