Question

我正在尝试将JSON对象从PHP传递给Javascript。从SQL数据库填充对象这里是我正在使用的PHP代码。

<?php
    $conn = mysql_connect("localhost","root","");
    if(! $conn )
    {
         die('Could not connect: ' . mysql_error());
    }
    mysql_select_db('db') or die( 'Error'. mysql_error() );
    $query = "SELECT * FROM products;";
    $results = mysql_query($query, $conn);
    $return = array();

    while($result = mysql_fetch_assoc($results))
    {
        $mount = array('product_code' => $results['product_code'], 'colour'  =>    $results['colour'], 'price' => $results['price']);
        array_push($return, $mount);
    }

    return json_encode($return);
?>

我更改了一些变量名称，但是有相同的功能。

现在，当我尝试执行AJAX Get to this .php文件时，它崩溃了下面显示的JSON.Parse部分代码：

$.get("JSON.php", function(data) {
    var JSONdata = JSON.parse(data);
    alert(JSONdata[0].colour);
});

我的警报仅用于测试。我理解问题可能在于我构建$ return数组。对JSON来说相当新，任何帮助将不胜感激。

编辑：从下面获取所有信息我已经纠正了我的PHP代码。

<?php
    $conn = mysql_connect("localhost","root","");
    $error = array("result" => false, "error" => mysql_error());

    if(! $conn )
    {
        die(json_encode($error));
    }
    mysql_select_db('db') or die(json_encode($error));
    $query = "SELECT * FROM products;";
    $results = mysql_query($query, $conn);
    $return = array();

    while($result = mysql_fetch_assoc($results))
    {
        $mount = array('product_code' => $result['product_code'], 'colour'  => $result['colour'], 'price' => $result['price']);
        array_push($return, $mount);
    }

    echo json_encode($return);
?>

我正在考虑将mysql_ *函数更改为新的更兼容的版本

Answer 1

你在php脚本的末尾使用'return'，回显json编码的字符串：

echo json_encode($return);

此外，将contenttype标头设置为application / json可能是个好主意。

编辑：

如果脚本失败，则使用die（'error'.mysql_error（））;
这也是对ajax调用的响应，但不是json，而parse函数会抛出异常我建议改为返回一个json对象，如：

 $error = array("result" => false, "error" => mysql_error());
 die(json_encode($error));

同样如评论中所述，不要使用mysql_ *函数，它们在以后的php版本中不推荐使用，并且在将来的版本中将全部从php中删除。
查看mysqli甚至更好，PDO。

将从SQL构建的JSON对象从PHP传递到JavaScript

1 个答案: