Question

我有一个带参数的函数。有时它是一个“原始”数字，有时它是一个包含在持有者类中的数字，其中包含一些关于数字的元信息。我可以区分这两种情况

template<class T>
struct Holder
{
};

template<class T>
void f1(T)
{
}

template<class T>
void f1(Holder<T>)
{
}

但是，现在我想根据用户的需要返回原始数字或持有者。我知道用户在调用函数时必须显式指定模板参数。这没关系，但如果可能的话，我希望函数具有相同的名称。像这样的东西

template<class T>
T f1()
{
    return T();
}

template<class T>
Holder<T> f1()
{
    return T();
}

但是，将其称为f1<int>();或f1<Holder<int>>();会导致error: ambiguous call to overloaded function

这是否可以在不更改功能名称的情况下进行？（如果没有，这不是什么大问题，我只是好奇）

Answer 1

除了使用SFINAE（std::enable_if）的方法之外，您还可以使用部分特化。由于功能模板无法实现部分特化，因此需要稍微跳过箍，但是：

template <typename T>
struct f1_specialization {
    static T f1() { ... }
};
template <typename T>
struct f1_specialization<Holder<T>> {
    static Holder<T> f1() { ... }
};
template <typename T>
T f1() { return f1_specialization<T>::f1(); }

任何一种方法都可能或多或少都清楚，它们都应该起作用。

Answer 2

是的，可以使用enable_if。但它太可怕了。我将用C ++ 11编写这个。

template <typename T> struct is_holder {
  static constexpr bool value = false;
};
template <typename T> struct is_holder<Holder<T>> {
  static constexpr bool value = true;
};

template <typename T,
          typename = typename std::enable_if<is_holder<T>::value>::type>
T f1() {
  // T is Holder<U>
}

template <typename T,
          typename = typename std::enable_if<!is_holder<T>::value>::type>
T f1() {
  // T is not Holder<U>
}

当然，当你调用模板参数时，仍然必须明确指定模板参数。

Answer 3

结帐decltype。

    template <class T, class U>
    auto add(T t, U u) -> decltype(t + u);

重载模板函数，具有基于模板参数的不同返回类型

3 个答案: