Question

如何在接口中定义信号？

class ISomeInterface
{
    signals:
        virtual void added(const QString& id) = 0;
        virtual void removed(const QString& id) = 0;

    // bla, other methods
}

Afaik，信号不应该是虚拟的，但如果我想定义一个信号需要在实现interface =＆gt;的类中实现。这该怎么做？或者你只是让它们非抽象......但接口在这里没有Q_OBJECT声明！在这种情况下生成的代码是否正确？最重要的是......如果你想连接信号，你需要一个坏的（f * * * g）强制转换为QObject。

class ISomeInterface
{
    signals:
        void added(const QString& id);
        void removed(const QString& id);

    // bla, other methods
}

或者您是否尝试以这种方式实施？

class ISomeInterface : public QObject
{
    Q_OBJECT

    signals:
        void added(const QString& id);
        void removed(const QString& id);

    // bla, other methods
}

Q_DECLARE_INTERFACE(ISomeInterface, "ISomeInterface")

..但这样我只能从一个接口继承（QObject不支持多重继承）。

结论：根据建议，我会选择第一个。

Answer 1

将信号定义为虚拟抽象保护方法。（而不是受保护，您可以使用signal：keyword）。
最终对象必须与您的界面和QObject
使用dynamic_cast
将指针连接到必要的插槽

您可以查看this topic以获取解决方法。

Answer 2

不幸的是，Qt没有处理来自QObject的多重继承（请参阅this Q&A），因此您无法从中获取所有接口（否则您将无法从多个接口派生）。因此，您可能会使用IQObject与

接口

virtual QObject* qObject() = 0

方法，因此您无需始终将它们强制转换为QObject。

至于为信号提供接口 - 没有这样的事情。您可以做的是使它们成为虚拟抽象，如果您确实需要强制执行此编译时检查（因为signals:只是protected:的别名），它将起作用。如果不这样做，只需检查connect()方法的返回值。

QT_INTERFACES和信号定义

2 个答案: