Question

下面给出的是我的代码：

$array=$_POST[number];
$jstring = json_decode($array,true);

$sa = "'".implode("','",$jstring)."'";

错误如下：

Warning: implode() [function.implode]: Invalid arguments passed <root> on line <line no>

Number是JSON个对象。有人可以帮我吗？请。 提前致谢。

修改 Number是JSON字符串。我需要它以逗号分隔。号码保存手机联系人的电话号码。我需要在Sql Query中使用每个号码。

问题已解决： 我解决了这个问题。与他人分享。

$array = $_POST[number];
$json = (array) json_decode($array,true);

$sa = "'" . implode(',', $json) . "'";

Answer 1

试试这个：

$json = $_POST['number']; // $json is a json string
$object = json_decode($json, JSON_FORCE_OBJECT); // stdClass => array
echo implode("','", $object); // This works if $object is not multiple array

Answer 2

如果您在调试时遇到问题，请使用var_dump，或者甚至与gettype（）结合使用您正试图崩溃的参数。你永远不需要内爆JSON对象，它们被完美地解码。确保您知道CSV（逗号分隔值）和JSON之间的区别。

CSV：

Believe,it,or,not,I,am,CSV

而JSON：

{"itbetrue":"ibeJSON"}
{"iam":["an","array","in","JSON"]}

如果您正在尝试获取JSON解码数组的值，请按以下方式使用它：

$csv = implode(',', array_values($json));

Answer 3

确保值$ _POST [number]在尝试解码之前以json格式出现...可以var_dump并检查

内爆JSON对象

3 个答案: