Question

请考虑以下代码：

#include <iostream>
#include <type_traits>

template <typename T>
struct A {
    int val = 0;

    template <class = typename std::enable_if<T::value>::type>
    A(int n) : val(n) {};
    A(...) { }

    /* ... */
};

struct YES { constexpr static bool value = true; };
struct NO { constexpr static bool value = false; };

int main() {
    A<YES> y(10);
    A<NO> n;
    std::cout << "YES: " << y.val << std::endl
              << "NO:  " << n.val << std::endl;
}

我想有选择地使用enable_if为某些类型定义构造函数A :: A（int）。对于所有其他类型，都有默认构造函数A :: A（...），当替换失败时，它应该是编译器的默认情况。但是这对我来说有意义编译器（gcc版本4.9.0 20130714）仍在抱怨

sfinae.cpp：实例化结构A＆＃39;：sfinae.cpp：19：11：
  从这里需要sfinae.cpp：9：5：错误：没有名为＆＃39; type＆＃39;在
  ＆＃39; struct std :: enable_if＆＃39;
       A（int n）：val（n）{};

这样的构造函数可能吗？是否可以使用其他构造函数（copy-constructor和move-constructor）？

Answer 1

我认为这不能使用单个默认模板参数，因为在实例化类模板时需要解析其值。

我们需要将替换推迟到构造函数模板实例化的程度。一种方法是将模板参数默认为T并向构造函数添加额外的伪参数：

template<typename U = T>
A(int n, typename std::enable_if<U::value>::type* = 0) : val(n) { }

Answer 2

~~通常这是使用匿名默认参数完成的：~~

A(int n, typename std::enable_if<T::value>::type* = 0) : val(n) {};

<击>

您不能将类中的模板参数用于SFINAE out方法。所以一种方法是添加一个替换int的虚拟类型：

请参阅：http://ideone.com/2Gnyzj

#include <iostream> #include <type_traits> template <typename T> struct A { int val = 0; template<typename Integer ,typename = typename std::enable_if<T::value && sizeof(Integer)>::type > A(Integer n) : val(n) {}; A(...) {} /* ... */ }; struct YES { constexpr static bool value = true; }; struct NO { constexpr static bool value = false; }; int main() { A<YES> y(10); A<NO> n; std::cout << "YES: " << y.val << std::endl << "NO: " << n.val << std::endl; }

这是有效的，因为您在构造函数中使用成员模板参数SFINAE，但测试始终为true，因此不会污染您的检查

Answer 3

使用C ++ 20

您只需将 requires 添加到模板即可实现：

template <typename U = T> requires U::value
A(int n) : val(n) { }

requires 子句获得一个constant expression，其求值为true或false，从而决定是否在过载解析中考虑此方法，如果require子句为true，否则忽略它。

代码：https://godbolt.org/z/CKTDFE

使用enable_if选择类构造函数

3 个答案:

使用C ++ 20